C++ 17转发一个函数调用的完美实现

前言

本文主要给大家介绍了关于C++17转发一个函数调用的相关内容，分享出来供大家参考学习，下面话不多说了，来一起看看详细的介绍吧。

方法如下

首先你灵光一闪：

#define WARP_CALL(fun, ...) fun(__VA_ARGS__)

不我们并不喜欢宏，扩展性太差了

template
R warp_call(R(*fun)(T1, T2, T3), T1 a, T2 b, T3 c)
{
 return fun(a, b, c);
}

如果你写出来上面这段代码，你肯定是从C转过来的，C++还没用熟。考虑callable object和C++11 variadic template特性用上：

template
auto wrap_call(Fun f, Args... args) -> decltype(f(args...))
{
 return f(args...);
}

加上移动语义，返回值推导：

template
auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

auto返回值实际上会有参数被decay的问题，用decltype + 尾置返回值

template
auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 -> decltype(std::forward(f)(std::forward(args)...))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

有了C++14，可以直接使用decltype(auto)

template
decltype(auto) wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

别忘了noexcept

template
decltype(auto) wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 noexcept(noexcept(std::forward(f)(std::forward(args)...)))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

但是上面的函数不是SFINAE-friendly的，因为decltype(auto)返回值的函数并不能直接从函数签名获得返回值，而对这个函数进行返回值推导，是可能产生hard error打断SFINAE的。所以最好手动写返回值

template
auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 noexcept(noexcept(std::forward(f)(std::forward(args)...)))
 -> decltype(std::forward(f)(std::forward(args)...))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

我们还遗漏了啥？constexpr

template
constexpr auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 noexcept(noexcept(std::forward(f)(std::forward(args)...)))
 -> decltype(std::forward(f)(std::forward(args)...))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

上面是完美的

完美吗？去看看std::invoke

总结

以上就是这篇文章的全部内容了，希望本文的内容对大家的学习或者工作能带来一定的帮助，如果有疑问大家可以留言交流，谢谢大家对脚本之家的支持。