form表单提交，用submit方法并且跳到指定页面或不跳转

开发环境后台Java

后台根据提交的整个表单，通过name名对应的value值；

							
项目申请表
							

								
负责人姓名*
								
性别
									

										

											  女   
											    男
										
									
								

								

									联系邮箱*
									
								
								

									微信号*
									
								
								

									联系电话*
									
								
								

									项目名称*
									
								
								

									上传BP
									点击此处上传文件
									
								
								

									项目简介*
									
								
							
							
							
						

请大家不要在意细节

在网上看了很多方法感觉不稳妥最后自己都不知道什么情况了；但是有一点我引入了jq的form.js;

                  $("#filetext").text(name)// console.log();})function formText() {

    $("#formde").ajaxSubmit(function(message) {

window.location.href = "index.html";})

$.ajax({

     url: "你的url",

type: "post",

dataType: "jsonp",

jsonp: "callback",

     async: false,success: function(data) {},

error: function(data) {

      if(data.status == 200) {var result = document.getElementById("user_name").value;

       var emiasdz = document.getElementById("emiasdz").value;

       var phonss = document.getElementById("phonss").value;

var xmname = document.getElementById("xmname").value;

if(result == "") {

alert("请填写您的中文姓名");

return false;}

if(emiasdz == "") {

        alert("请填写邮箱");

return false;}if(xmname == "") {

alert("请填写项目名称");

return false;}

if(!(/^1[3|4|5|8][0-9]\d{8}$/.test(phonss))) {

alert("请填写正确手机号码");

return false;

}alert("资料上传成功");

window.location.href = "index.html";

      } else {

       alert("发送过程出现问题，请检查网络并重新提交！");}}});

return false;}

我最后的时候投机取巧了，ajax返回直接进入到错误中但是还是200 4所以我直接判断是从错误中获取的，后台也接收到数据，所以我才大胆的这么做了。

window.location.href = "index.html"; 是用来连接新的页面，这个都是知道的。

这是他的基础代码
利用jquery的ajaxSubmit函数以及form的onsubmit函数完成，如下： 

复制代码代码如下:

< form id="saveReportForm" action="saveReport.htm" method="post" οnsubmit="return saveReport();"> 
< input type="submit" value="保存报告"/> 
< /form> 

form增加一个id用于在jquery中调用，增加一个onsubmit函数用于submit前自己提交表单 

saveReport对应函数为 

复制代码代码如下:

function saveReport() { 
// jquery 表单提交 
$("#saveReportForm").ajaxSubmit(function(message) { 
// 对于表单提交成功后处理，message为提交页面saveReport.htm的返回内容 
}); 

return false; // 必须返回false，否则表单会自己再做一次提交操作，并且页面跳转 
} 

希望大家能给出更好的建议和意见相互学习