【题解】[HNOI2015]菜肴制作(贪心+topo序)

【题解】[HNOI2015]菜肴制作(贪心+topo序)

题意:请你构造一个排列\(p[i]\)使得对于数组\(arc[i]=p[i]\)的字典序最小，并且对于给定的有序数对\((u,v)\)保证你给出的排列\(u\)早于\(v\)出现。

结论:\(u->v\)连边的反图的最大拓扑序的reverse

证明:这个排列的合法性是显然的，因为是topo序。下证不存在一个更优排列\(p[]\)使得\(arc[]\)字典序更小。

考虑反证，假设存在一个更优排列\(p'[]\)比我们如上算法得到的\(p[]\)要更优。

不妨假设\(p\not = p'\)

下证\(r'=\mathrm{reverse}(p')\)必然是反图拓扑序的一组解，否则\(p'\)必不是一组合法解。

证明：显然

由于\(p'\)满足了题意条件，也就是满足\(u\)在\(v\)前出现，那么将\(r'\)，就满足\(u\)在\(v\)后出现。所以\(r'\)将是一组反图拓扑序合法解。

所以\(r'\)可以跑反图拓扑序得到，设\(r=\mathrm{reverse}(p)\)。设\(\min i,\mathrm{s.t.} arc[i]>arc'[i]\)，那么肯定更优

不会证明了记住套路吧

这是一类题，要你通过构造排列\(p\)使得\(\mathrm{arc}\ p\)的字典序最小。

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define DEBUG(s) 
using namespace std;  typedef long long ll;
inline int qr(){
      register int ret=0,f=0;
      register char c=getchar();
      while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
      while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
      return f?-ret:ret;
}

vector > e;
vector dr,ans;
priority_queue,greater > q;
int n,m;
inline void add(const int&fr,const int&to){
      //DEBUG(fr); DEBUG(to);
      e[to].push_back(fr); ++dr[fr];
}

inline void work(){
      n=qr(); m=qr();
      e.clear(); e.resize(n+1); dr.clear(); dr.resize(n+1);  ans.clear(); 
      //DEBUG(n); DEBUG(m);
      for(int t=1;t<=n;++t) if(dr[t]) cerr<<"wa";
      for(int t=1,x,y;t<=m;++t){
        x=qr(),y=qr();
        add(y,x);
      }
      for(int t=1;t<=n;++t) if(!dr[t]) q.push(t);
      while(q.size()){
        int now=q.top();
        q.pop();
        //DEBUG(now);
        ans.push_back(now);
        for(const auto&t:e[now])
          if(--dr[t]==0)
            q.push(t);
      }
      if((int)ans.size()!=n) return puts("Impossible!"),void();
      for(const auto&t:ans)
        printf("%d ",t);
      putchar('\n');
}

int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
      freopen("in.in","r",stdin);
      freopen("out.out","w",stdout);
#endif
      //freopen("debug.out","w",stderr);
      int T=qr();
      while(T--) work();
      return 0;
}