【简要题解】Hihocoder 重复旋律1-9简要题解

【简要题解】Hihocoder 重复旋律1-8简要题解

编号	名称标签	难度
1403	后缀数组一·重复旋律	Lv.4
1407	后缀数组二·重复旋律2	Lv.4
1415	后缀数组三·重复旋律3	Lv.4
1419	后缀数组四·重复旋律4	Lv.4
1445	后缀自动机二·重复旋律5	Lv.4
1449	后缀自动机三·重复旋律6	Lv.4
1457	后缀自动机四·重复旋律7	Lv.1
1465	后缀自动机五·重复旋律8	Lv.1
1466	后缀自动机六·重复旋律9	Lv.1

后缀数组

思路简单但是实现要想一想？之前我看的是什么lj教程，不如自己xjb强行写一下递归形式的然后改成循环就好了(我自己写的跑得贼慢，什么时候看看别人咋改进的)

关于height数组，它的性质是显然的就不讲了，不过height数组给人的启示是，带有前缀交性质的查询可以将元素按照字典序排序，这样连续一段的前缀交=\((l,R]\)的相邻前缀交了。同时也有\(h[i]\ge h[i-1]-1\)这个结论。

重复旋律1

题目大意是问你满足这个条件的子串的最长长度

条件:在母串出现次数至少为k次(可以重叠出现)

子串=后缀的前缀，现在只要定位height数组任意一个长度为k-1的子段，查询一下其中的最小值，我们是要求这些最小值的最大值。线段树就行了

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#define mid ((l+r)>>1)
#define lef l,mid,pos<<1
#define rgt mid+1,r,pos<<1|1
#define DEBUG(s,a) cerr<<#s" = "<<(s)<<" \n"[(a)==1]

using namespace std;  typedef long long ll;   char __buf[1<<18],*__c=__buf,*__ed=__buf;
inline int qr(){
    int ret=0,f=0,c=getchar();
    while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
    while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
    return f?-ret:ret;
}
const int maxn=1e5+5;
char c[maxn];
int sa[maxn],h[maxn],rk[maxn],seg[maxn<<2],n;

void sufsort(char*c,int*sa,int*rk,int*h,int n){
    static int temp[maxn<<1],b[maxn];
    c[0]='!';
    for(int k=0,m=128;(1<>1)<=n;++k){
        if(!k) for(int t=1;t<=n;++t) temp[t]=t,rk[t]=c[t],temp[t+n]=0;
        int l=1<>1,p=0,q=l;
        for(int t=1;t<=n;++t){
            if(sa[t]>=n-l+1) temp[++p]=sa[t];
            if(sa[t]>l) temp[++q]=sa[t]-l;
        }
        for(int t=1;t<=n;++t) ++b[rk[t]];
        for(int t=1;t<=m;++t) b[t]+=b[t-1];
        for(int t=n;t;--t) sa[b[rk[temp[t]]]--]=temp[t];
        memset(b,0,(m+1)<<2); memcpy(temp+1,rk+1,n<<2); rk[sa[1]]=1;
        for(int t=2;t<=n;++t)
            rk[sa[t]]=temp[sa[t]]==temp[sa[t-1]]&&temp[sa[t]+l]==temp[sa[t-1]+l]?rk[sa[t-1]]:rk[sa[t-1]]+1;
        m=rk[sa[n]];
    }
    for(int t=1,l=0;t<=n;++t){
        if(l) --l;
        if(rk[t]>1) while(c[t+l]==c[sa[rk[t]-1]+l]) ++l;
        else l=0;
        h[rk[t]]=l;
    }
}

void build(int l,int r,int pos){
    if(l==r) return seg[pos]=h[l],void();
    build(lef); build(rgt);
    seg[pos]=min(seg[pos<<1],seg[pos<<1|1]);
}

int que(int L,int R,int l,int r,int pos){
    if(L>r||Rrk[r]) swap(l,r);
    return que(rk[l]+1,rk[r],1,n,1);
}

int main(){
    scanf("%s",c+1); n=strlen(c+1);
    sufsort(c,sa,rk,h,n);
    build(1,n,1);
    int ans=0;
    for(int t=1;t<=n;++t)
        for(int i=1;i<=n-t;i+=t){
            int k=que(i,i+t);
            ans=max(ans,k/t+1);
            if(i>=t-k%t) ans=max(que(i-t+k%t,i+k%t)/t+1,ans);
        }
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}

重复旋律2

题目大意是问你满足这个条件的子串的最长长度

条件:在母串出现次数至少为k次(不可以重叠出现)

现在问题其实就变成了：
\[ \max l \text{ 使得} \\ \exist i,j \text{ 满足 } i
显然满足二分性，二分就行。

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#include
#define DEBUG(s,a) cerr<<#s" = "<<(s)<<" \n"[(a)==1]
#define mid ((l+r)>>1)

using namespace std;  typedef long long ll;
inline int qr(){
    int ret=0,f=0,c=getchar();
    while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
    while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
    return f?-ret:ret;
}
const int maxn=1e5+5;
int rk[maxn],sa[maxn],c[maxn],height[maxn],n;

inline void sufsort(int*str,int*sa,int*rk,int*height,int n){
    static int temp[maxn<<1],buk[maxn];
    str[0]=-1;
    for(int k=0,m=1000;(1<>1)<=n;++k){
        if(!k) for(int t=1;t<=n;++t) temp[t]=t,temp[t+n]=0,rk[t]=str[t];
        int l=1<>1,p=0,q=l;
        for(int t=1;t<=n;++t){
            if(sa[t]>=n-l+1) temp[++p]=sa[t];
            if(sa[t]>l) temp[++q]=sa[t]-l;
        }
        for(int t=1;t<=n;++t) ++buk[rk[t]];
        for(int t=1;t<=m;++t) buk[t]+=buk[t-1];
        for(int t=n;t;--t) sa[buk[rk[temp[t]]]--]=temp[t];
        memset(buk,0,(m+1)<<2); memcpy(temp+1,rk+1,n<<2); rk[sa[1]]=1;
        for(int t=1;t<=n;++t)
            rk[sa[t]]=temp[sa[t]]==temp[sa[t-1]]&&temp[sa[t]+l]==temp[sa[t-1]+l]?rk[sa[t-1]]:rk[sa[t-1]]+1;
        m=rk[sa[n]];
    }
    for(int t=1,l=0;t<=n;++t){
        if(l) --l;
        if(rk[t]>1) while(str[t+l]==str[sa[rk[t]-1]+l]) ++l;
        else l=0;
        height[rk[t]]=l;
    }
}

bool chek(int k){
    for(int l=1,r=1;r<=n;l=++r){
        if(height[l]1) Min=min(sa[l-1],Min),Max=max(Max,sa[l-1]);
        while(r=k) ++r,Min=min(Min,sa[r]),Max=max(Max,sa[r]);
        if(Max-Min+1>k) return 1;
    }
    return 0;
}

int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("in.in","r",stdin);
    freopen("out.out","w",stdout);
#endif
    n=qr();
    for(int t=1;t<=n;++t) c[t]=qr();
    sufsort(c,sa,rk,height,n);
    int l=0,r=n;
    do
        if(chek(mid)) l=mid+1;
        else r=mid-1;
    while(l<=r);
    printf("%d\n",r);   
    return 0;
}

重复旋律3

问两个串的最长公共子串。

按道理应该可以AC自动机做，但是我没想出来

把两个串顺序连接在一起，中间设放一个分隔符位置设为k，问题就变成了
\[ \max l \text{ 使得} \\ \exist i,j \text{ 满足 } ik \and \text{lcp}(i,j)\ge l \]
显然满足二分性，直接二分就行

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#define mid ((l+r)>>1)
#define DEBUG(s,a) cerr<<#s" = "<<(s)<<" \n"[(a)==1]

using namespace std;  typedef long long ll;   char __buf[1<<18],*__c=__buf,*__ed=__buf;
inline int qr(){
    int ret=0,f=0,c=getchar();
    while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
    while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
    return f?-ret:ret;
}
const int maxn=2e5+5;
int sa[maxn],rk[maxn],height[maxn],n,k;
char c[maxn];

void sufsort(char*str,int*sa,int*rk,int*height,int n){
    static int temp[maxn<<1],buk[maxn];
    str[0]='~';
    for(int k=0,m=1000;(1<>1)<=n;++k){
        if(!k) for(int t=1;t<=n;++t) temp[t]=t,temp[t+n]=0,rk[t]=str[t];
        int l=1<>1,p=0,q=l;
        for(int t=1;t<=n;++t){
            if(sa[t]>=n-l+1) temp[++p]=sa[t];
            if(sa[t]>l) temp[++q]=sa[t]-l;
        }
        for(int t=1;t<=n;++t) ++buk[rk[t]];
        for(int t=1;t<=m;++t) buk[t]+=buk[t-1];
        for(int t=n;t;--t) sa[buk[rk[temp[t]]]--]=temp[t];
        memset(buk,0,(m+1)<<2); memcpy(temp+1,rk+1,n<<2); rk[sa[1]]=1;
        for(int t=2;t<=n;++t)
            rk[sa[t]]=temp[sa[t]]==temp[sa[t-1]]&&temp[sa[t]+l]==temp[sa[t-1]+l]?rk[sa[t-1]]:rk[sa[t-1]]+1;
        m=rk[sa[n]];
    }
    for(int t=1,l=0;t<=n;++t){
        if(l) --l;
        if(rk[t]>1) while(str[t+l]==str[sa[rk[t]-1]+l]) ++l;
        else l=0;
        height[rk[t]]=l;
    }
}


bool chek(int L){
    for(int l=1,r=1;r<=n;l=++r){
        if(height[l]1) Min=min(sa[l-1],Min),Max=max(Max,sa[l-1]);
        while(r=L) ++r,Min=min(Min,sa[r]),Max=max(Max,sa[r]);
        if(Mink) return 1;
    }
    return 0;
}

int main(){
    scanf("%s",c+1);
    n=strlen(c+1); c[k=++n]='_';
    scanf("%s",c+n);
    n=strlen(c+1);
    sufsort(c,sa,rk,height,n);
    int l=0,r=n;
    do
        if(chek(mid)) l=mid+1;
        else r=mid-1;
    while(l<=r);
    printf("%d\n",r);
    return 0;
}

重复旋律4

题意是问你，母串的某个子段可以被表示成k个相同的串重复k次，给你母串问你最大可能的k

用别的方法描述一下这个问题，就变成了要你在母串中找到一个位置的数列\(P=\{p_i\}\)满足\(P\)是一个等差数列且要求任意两个\(p\)的\(\text{lcp} \ge d\) ，答案是最大的\(|P|\)。

检查一个串是否是由某个串重复很多次得到，只要需要枚举长度i然后比对原串和suf[i]是否相同即可。匹配出来得到的长度\(l\)显然是小于重复长度+i的。这是因为将串平移后和自己匹配的诸多性质。

但是现在还需要枚举一个偏移量，实际上我们不需要枚举这个偏移量，直接枚举每个长度然后枚举这个长度的倍数。我们可以发现，假设最优答案的起始位置的偏移=k，那么我们一定在某次查询时，少算了一个循环。此时可以发现，少算的那个被我们枚举的分界点分开了，具体分界点在哪里，假设查询出来长度为j，分界点就在负偏移j%i处。每次算一下就行，这样就一定会统计到最优答案。

因为每次统计答案的时候，统计出来的值都是真的(就是合法的，不会比答案大)，所以每次弄就行。

序列上的等差子序列问题一般和一个复杂度是调和级数\((O(1))\)的经典做法有关...

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#define mid ((l+r)>>1)
#define lef l,mid,pos<<1
#define rgt mid+1,r,pos<<1|1
#define DEBUG(s,a) cerr<<#s" = "<<(s)<<" \n"[(a)==1]

using namespace std;  typedef long long ll;   char __buf[1<<18],*__c=__buf,*__ed=__buf;
inline int qr(){
    int ret=0,f=0,c=getchar();
    while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
    while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
    return f?-ret:ret;
}
const int maxn=1e5+5;
char c[maxn];
int sa[maxn],h[maxn],rk[maxn],seg[maxn<<2],n;

void sufsort(char*c,int*sa,int*rk,int*h,int n){
    static int temp[maxn<<1],b[maxn];
    c[0]='!';
    for(int k=0,m=128;(1<>1)<=n;++k){
        if(!k) for(int t=1;t<=n;++t) temp[t]=t,rk[t]=c[t],temp[t+n]=0;
        int l=1<>1,p=0,q=l;
        for(int t=1;t<=n;++t){
            if(sa[t]>=n-l+1) temp[++p]=sa[t];
            if(sa[t]>l) temp[++q]=sa[t]-l;
        }
        for(int t=1;t<=n;++t) ++b[rk[t]];
        for(int t=1;t<=m;++t) b[t]+=b[t-1];
        for(int t=n;t;--t) sa[b[rk[temp[t]]]--]=temp[t];
        memset(b,0,(m+1)<<2); memcpy(temp+1,rk+1,n<<2); rk[sa[1]]=1;
        for(int t=2;t<=n;++t)
            rk[sa[t]]=temp[sa[t]]==temp[sa[t-1]]&&temp[sa[t]+l]==temp[sa[t-1]+l]?rk[sa[t-1]]:rk[sa[t-1]]+1;
        m=rk[sa[n]];
    }
    for(int t=1,l=0;t<=n;++t){
        if(l) --l;
        if(rk[t]>1) while(c[t+l]==c[sa[rk[t]-1]+l]) ++l;
        else l=0;
        h[rk[t]]=l;
    }
}

void build(int l,int r,int pos){
    if(l==r) return seg[pos]=h[l],void();
    build(lef); build(rgt);
    seg[pos]=min(seg[pos<<1],seg[pos<<1|1]);
}

int que(int L,int R,int l,int r,int pos){
    if(L>r||Rrk[r]) swap(l,r);
    return que(rk[l]+1,rk[r],1,n,1);
}

int main(){
    scanf("%s",c+1); n=strlen(c+1);
    sufsort(c,sa,rk,h,n);
    build(1,n,1);
    int ans=0;
    for(int t=1;t<=n;++t)
        for(int i=1;i<=n-t;i+=t){
            int k=que(i,i+t);
            ans=max(ans,k/t+1);
            if(i>=t-k%t) ans=max(que(i-t+k%t,i+k%t)/t+1,ans);
        }
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}

重复旋律5

答案=\(\sum len-len[fa]\)

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#include

using namespace std;  typedef long long ll;   
inline int qr(){
    int ret=0,f=0,c=getchar();
    while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
    while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
    return f?-ret:ret;
}
const int maxn=1000000+5;
int fa[maxn<<1],len[maxn<<1],trans[maxn<<1][26],siz[maxn<<1],last=1,cnt=1;
vector e[maxn<<1];
char buf[maxn];

void insert(int c){
    int u=++cnt,v=last; 
    len[u]=len[v]+1;
    while(v&&!trans[v][c]) trans[v][c]=u,v=fa[v];
    if(!v) fa[u]=1;
    else {
        int x=trans[v][c];
        if(len[x]==len[v]+1) fa[u]=x;
        else {
            int y=++cnt;
            for(int t=0;t<26;++t) trans[y][t]=trans[x][t];
            fa[y]=fa[x]; fa[x]=fa[u]=y; len[y]=len[v]+1;
            while(v&&trans[v][c]==x) trans[v][c]=y,v=fa[v];
        }
    }
    siz[u]=1; last=u;
}

ll ans;
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("in.in","r",stdin);
    //freopen("out.out","w",stdout);
#endif
    scanf("%s",buf);
    for(int t=0,ed=strlen(buf);t

重复旋律6

每个状态对于\([len[fa]+1,len[i]]\)都有\(|endpos|\)的贡献(取max)，弄个线段树就行了

//@winlere
#include
#include
#include
#include

#define mid ((l+r)>>1)
#define lef l,mid,pos<<1
#define rgt mid+1,r,pos<<1|1
#define getchar() (__c==__ed?(__ed=__buf+fread(__c=__buf,1,1<<19,stdin),*__c++):*__c++)
using namespace std;  typedef long long ll;   char __buf[1<<19],*__c=__buf,*__ed=__buf;

const int maxn=2e6+6;
int fa[maxn],len[maxn],siz[maxn],trans[maxn][26],cnt=1,last=1;
int head[maxn],seg[maxn<<1],tag[maxn<<1],n;
struct E{int to,nx;}e[maxn<<1];

void add(int fr,int to){
    static int cnt=0;
    e[++cnt]={to,head[fr]}; head[fr]=cnt;
    e[++cnt]={fr,head[to]}; head[to]=cnt;
}

void insert(int c){
    int u=++cnt,v=last;
    len[u]=len[v]+1;
    while(v&&!trans[v][c]) trans[v][c]=u,v=fa[v];
    if(!v) fa[u]=1;
    else {
        int x=trans[v][c];
        if(len[x]==len[v]+1) fa[u]=x;
        else {
            int y=++cnt;
            for(int t=0;t<26;++t) trans[y][t]=trans[x][t];
            fa[y]=fa[x]; fa[x]=fa[u]=y; len[y]=len[v]+1;
            while(v&&trans[v][c]==x) trans[v][c]=y,v=fa[v];
        }
    }
    siz[u]=1; last=u;
}

void pd(int pos){
    if(tag[pos]){
        seg[pos<<1]=max(seg[pos<<1],tag[pos]);
        seg[pos<<1|1]=max(seg[pos<<1|1],tag[pos]);
        tag[pos<<1]=max(tag[pos<<1],tag[pos]);
        tag[pos<<1|1]=max(tag[pos<<1|1],tag[pos]);
        tag[pos]=0;
    }
}

void pp(int pos){seg[pos]=max(seg[pos<<1],seg[pos<<1|1]);}

void ans(int l,int r,int pos){
    if(l==r) return printf("%d\n",seg[pos]),void();  
    pd(pos); ans(lef); ans(rgt);
}

void upd(int v,int L,int R,int l,int r,int pos){
    if(L>r||R

重复旋律7

考虑串之间插入分隔符，随后将分隔符对于的辅助点直接从DAG上删掉，然后把从1不可达的点删掉，在这个图上跑一个DP即可。

//@winlere
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include

using namespace std;  typedef long long ll;
inline int qr(){
    int ret=0,f=0,c=getchar();
    while(!isdigit(c))f|=c==45,c=getchar();
    while(isdigit(c)) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
    return f?-ret:ret;
}
const int maxn=1.5e6+5;//shall be 4e6 ?
const int mod=1e9+7;
int fa[maxn],trans[11][maxn],len[maxn],n,cnt=1,last=1,head[maxn],dr[maxn];
int dp[maxn],f[maxn];
bool is[maxn];

inline int MOD(const int&x){return x>=mod?x-mod:x;}
inline int MOD(const int&x,const int&y){return 1ll*x*y%mod;}

struct E{int to,nx,w;}e[maxn*11];
void add(int fr,int to,int w){static int cnt=0;e[++cnt]={to,head[fr],w};head[fr]=cnt;++dr[to];
    //cerr< q;
void topo(){
    q.push(1);
    f[1]=1;
    while(q.size()){
        int now=q.front();
        q.pop();
        for(int t=head[now];t;t=e[t].nx){
            if(e[t].w<10) f[e[t].to]=MOD(f[e[t].to]+f[now]),dp[e[t].to]=MOD(MOD(MOD(dp[now],10)+MOD(e[t].w,f[now]))+dp[e[t].to]);
            if(--dr[e[t].to]==0) q.push(e[t].to);
        }
    }
}

int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("in.in","r",stdin);
    //freopen("out.out","w",stdout);
#endif
    n=qr();
    for(int t=1,c;t<=n;++t){
        c=getchar();
        while(!isdigit(c)) c=getchar();
        while( isdigit(c)) insert(c-48),c=getchar();
        insert(10);
    }
    for(int i=0;i<=10;++i)
        for(int t=1;t<=cnt;++t)
            if(trans[i][t]) add(t,trans[i][t],i);
    topo();
    int ans=0;
    for(int t=1;t<=cnt;++t) ans=MOD(ans+dp[t]);
    printf("%d\n",ans);
    return 0;
}

重复旋律8,9

懒得更了...