begin：2019/5/2
感谢大家支持！
AC自动机详细讲解
AC自动机真是个好东西！之前学KMP被Next指针搞晕了，所以咕了许久都不敢开AC自动机，近期学完之后，发现AC自动机并不是很难，特别是对于KMP，个人感觉AC自动机比KMP要好理解一些，可能是因为我对树上的东西比较敏感（实际是因为我到现在都不会KMP）。
很多人都说AC自动机是在Trie树上作KMP，我不否认这一种观点，因为这确实是这样，不过对于刚开始学AC自动机的同学们就一些误导性的理解（至少对我是这样的）。KMP是建立在一个字符串上的，现在把KMP搬到了树上，不是很麻烦吗？实际上AC自动机只是有KMP的一种思想，实际上跟一个字符串的KMP有着很大的不同。
所以看这篇blog，请放下KMP，理解好Trie，再来学习。
前置技能
1.Trie(很重要哦)
2.KMP的思想（懂思想就可以了，不需要很熟练）
问题描述
给定n个模式串和1个文本串，求有多少个模式串在文本串里出现过。
注意：是出现过，就是出现多次只算一次。
默认这里每一个人都已经会了Trie。
我们将n个模式串建成一颗Trie树，建的方式和建Trie完全一样。
假如我们现在有文本串ABCDBC。
我们用文本串在Trie上匹配，刚开始会经过2、3、4号点，发现到4，成功地匹配了一个模式串，然后就不能再继续匹配了，这时我们还要重新继续从根开始匹配吗？
不，这样的效率太慢了。这时我们就要借用KMP的思想，从Trie上的某个点继续开始匹配。
明显在这颗Trie上，我们可以继续从7号点开始匹配，然后匹配到8。
那么我们怎么确定从那个点开始匹配呢？我们称i匹配失败后继续从j开始匹配，j是i的Fail（失配指针）。
构建Fail指针
Fail的含义
Fail指针的实质含义是什么呢？
如果一个点i的Fail指针指向j。那么root到j的字符串是root到i的字符串的一个后缀。
举个例子：（例子来自上面的图
i:4 j:7
root到i的字符串是“ABC”
root到j的字符串是“BC”
“BC”是“ABC”的一个后缀
所以i的Fail指针指向j
同时我们发现，“C”也是“ABC”的一个后缀。
所以Fail指针指的j的深度要尽量大。
重申一下Fail指针的含义：((最长的(当前字符串的后缀))在Trie上可以查找到)的末尾编号。
感觉读起来挺绕口的蛤。感性理解一下就好了，没什么卵用的。知道Fail有什么用就行了。
求Fail
首先我们可以确定，每一个点i的Fail指针指向的点的深度一定是比i小的。（Fail指的是后缀啊）
第一层的Fail一定指的是root。（比深度1还浅的只有root了）
设点i的父亲fa的Fail指针指的是fafail，那么如果fafail有和i值相同的儿子j，那么i的Fail就指向j。这里可能比较难理解一点，不过等会转换成代码就很好理解了。
由于我们在处理i的情况必须要先处理好fa的情况，所以求Fail我们使用BFS来实现。
实现的一些细节：
1、刚开始我们不是要初始化第一层的fail指针为root，其实我们可以建一个虚节点0号节点，将0的所有儿子指向root（编号为1，记得初始化)，然后root的fail指向0就OK了。效果是一样的。
2、如果不存在一个节点i，那么我们可以将那个节点设为fafail的值和i相同的儿子。保证存在性，就算是0也可以成功返回到根，因为0的所有儿子都是根。
3、无论fafail存不存在和i值相同的儿子j，我们都可以将i的fail指向j。因为在处理i的时候j已经处理好了，如果出现这种情况，j的值是第2种情况，也是有实际值的，所以没有问题。
4、实现时不记父亲，我们直接让父亲更新儿子
void getFail(){
for(int i=0;i<26;i++)trie[0].son[i]=1; //初始化0的所有儿子都是1
q.push(1);trie[1].fail=0; //将根压入队列
while(!q.empty()){
int u=q.front();q.pop();
for(int i=0;i<26;i++){ //遍历所有儿子
int v=trie[u].son[i]; //处理u的i儿子的fail，这样就可以不用记父亲了
int Fail=trie[u].fail; //就是fafail，trie[Fail].son[i]就是和v值相同的点
if(!v){trie[u].son[i]=trie[Fail].son[i];continue;} //不存在该节点，第二种情况
trie[v].fail=trie[Fail].son[i]; //第三种情况，直接指就可以了
q.push(v); //存在实节点才压入队列
}
}
}
查询
求出了Fail指针，查询就变得十分简单了。
为了避免重复计算，我们每经过一个点就打个标记为-1，下一次经过就不重复计算了。
同时，如果一个字符串匹配成功，那么他的Fail也肯定可以匹配成功（后缀嘛），于是我们就把Fail再统计答案，同样，Fail的Fail也可以匹配成功，以此类推……经过的点累加flag，标记为-1。
最后主要还是和Trie的查询是一样的。
int query(char* s){
int u=1,ans=0,len=strlen(s);
for(int i=0;i1&&trie[k].flag!=-1){ //经过就不统计了
ans+=trie[k].flag,trie[k].flag=-1; //累加上这个位置的模式串个数，标记 已 经过
k=trie[k].fail; //继续跳Fail
}
u=trie[u].son[v]; //到儿子那,存在性看上面的第二种情况
}
return ans;
}
代码
#include
#define maxn 1000001
using namespace std;
struct kkk{
int son[26],flag,fail;
}trie[maxn];
int n,cnt;
char s[1000001];
queueq;
void insert(char* s){
int u=1,len=strlen(s);
for(int i=0;i1&&trie[k].flag!=-1){ //经过就不统计了
ans+=trie[k].flag,trie[k].flag=-1; //累加上这个位置的模式串个数，标记已经过
k=trie[k].fail; //继续跳Fail
}
u=trie[u].son[v]; //到下一个儿子
}
return ans;
}
int main(){
cnt=1; //代码实现细节，编号从1开始
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%s",s);
insert(s);
}
getFail();
scanf("%s",s);
printf("%d\n",query(s));
return 0;
}
updata：2019/5/7 AC自动机的应用
AC自动机的一些应用
先拿P3796 【模板】AC自动机（加强版）来说吧。
无疑，作为模板2，这道题的解法也是十分的经典。
我们先来分析一下题目：输入和模板1一样
1、求出现次数最多的次数
2、求出现次数最多的模式串
明显，我们如果统计出每一个模式串在文本串出现的次数，那么这道题就变得十分简单了，那么问题就变成了如何统计每个模式串出现的次数。
做法：AC自动机
首先题目统计的是出现次数最多的字符串，所以有重复的字符串是没有关系的。（因为后面的会覆盖前面的，统计的答案也是一样的）
那么我们就将标记模式串的flag设为当前是第几个模式串。就是下面插入时的变化：
trie[u].flag++;
变为
trie[u].flag=num; //num表示该字符串是第num个输入的
求Fail指针没有变化，原先怎么求就怎么求。
查询：我们开一个数组vis，表示第i个字符串出现的次数。
因为是重复计算，所以不能标记为-1了。
我们每经过一个点，如果有模式串标记，就将vis[模式串标记]++。然后继续跳fail，原因上面说过了。
这样我们就可以将每个模式串的出现次数统计出来。剩下的大家应该都会QwQ！
总代码
//AC自动机加强版
#include
#define maxn 1000001
using namespace std;
char s[151][maxn],T[maxn];
int n,cnt,vis[maxn],ans;
struct kkk{
int son[26],fail,flag;
void clear(){memset(son,0,sizeof(son));fail=flag=0;}
}trie[maxn];
queueq;
void insert(char* s,int num){
int u=1,len=strlen(s);
for(int i=0;i1){
if(trie[k].flag)vis[trie[k].flag]++; //如果有模式串标记，更新出现次数
k=trie[k].fail;
}
u=trie[u].son[v];
}
}
void clear(){
for(int i=0;i<=cnt;i++)trie[i].clear();
for(int i=1;i<=n;i++)vis[i]=0;
cnt=1;ans=0;
}
int main(){
while(1){
scanf("%d",&n);if(!n)break;
clear();
for(int i=1;i<=n;i++){
scanf("%s",s[i]);
insert(s[i],i);
}
scanf("%s",T);
getFail();
query(T);
for(int i=1;i<=n;i++)ans=max(vis[i],ans); //最后统计答案
printf("%d\n",ans);
for(int i=1;i<=n;i++)
if(vis[i]==ans)
printf("%s\n",s[i]);
}
}
update:2019/5/9
AC自动机的优化
topo建图优化
让我们了分析一下刚才那个模板2的时间复杂度，算了不分析了，直接告诉你吧，这样暴力去跳fail的最坏时间复杂度是O(模式串长度 · 文本串长度)。为什么？因为对于每一次跳fail我们都只使深度减1，那样深度是多少，每一次跳的时间复杂度就是多少。那么还要乘上文本串长度，就几乎是 O(模式串长度 · 文本串长度)的了。
那么模板1的时间复杂度为什么就只有O(模式串总长)。因为每一个Trie上的点都只会经过一次（打了标记），但模板2每一个点就不止经过一次了，所以时间复杂度就爆炸了。
那么我们可不可以让模板2的Trie上每个点只经过一次呢？
嗯~，还真可以！
题目看这里：P5357 【模板】AC自动机（二次加强版）
做法：拓扑排序
让我们把Trie上的fail都想象成一条条有向边，那么我们如果在一个点使那个点进行一些操作，那么沿着这个点连出去的点也会进行操作（就是跳fail），所以我们才要暴力跳fail去更新之后的点。
我们还是用上面的图，我举个例子解释一下我刚才的意思。
我们先找到了编号4这个点，编号4的fail连向编号7这个点，编号7的fail连向编号9这个点。那么我们要更新编号4这个点的值，同时也要更新编号7和编号9，这就是暴力跳fail的过程。
我们下一次找到编号7这个点，还要再次更新编号9，所以时间复杂度就在这里被浪费了。
那么我们可不可以在找到的点打一个标记，最后再一次性将标记全部上传 来 更新其他点的ans。例如我们找到编号4，在编号4这个点打一个ans标记为1，下一次找到了编号7，又在编号7这个点打一个ans标记为1，那么最后，我们直接从编号4开始跳fail，然后将标记ans上传，((点i的fail)的ans)加上(点i的ans)，最后使编号4的ans为1，编号7的ans为2，编号9的ans为2，这样的答案和暴力跳fail是一样的，并且每一个点只经过了一次。
最后我们将有flag标记的ans传到vis数组里，就求出了答案。
但怎么确定更新顺序呢？明显我们打了标记后肯定是从深度大的点开始更新上去的。
怎么实现呢？拓扑排序！
我们使每一个点向它的fail指针连一条边，明显，每一个点的出度为1（fail只有一个），入度可能很多，所以我们就不需要像拓扑排序那样先建个图了，直接往fail指针跳就可以了。
最后我们根据fail指针建好图后（想象一下，程序里不用实现的），一定是一个DAG，具体原因不解释（很简单的），那么我们就直接在上面跑拓扑排序，然后更新ans就可以了。
代码实现：
首先是getfail这里，记得将fail的入度更新。
trie[v].fail=trie[Fail].son[i]; in[trie[v].fail]++; //记得加上入度
然后是query，不用暴力跳fail了，直接打上标记就行了，很简单吧
void query(char* s){
int u=1,len=strlen(s);
for(int i=0;i最后是拓扑，解释都在注释里了OwO!
void topu(){
for(int i=1;i<=cnt;++i)
if(in[i]==0)q.push(i); //将入度为0的点全部压入队列里
while(!q.empty()){
int u=q.front();q.pop();vis[trie[u].flag]=trie[u].ans; //如果有flag标记就更新vis数组
int v=trie[u].fail;in[v]--; //将唯一连出去的出边fail的入度减去（拓扑排序的操作）
trie[v].ans+=trie[u].ans; //更新fail的ans值
if(in[v]==0)q.push(v); //拓扑排序常规操作
}
}
应该还是很好理解的吧，实现起来也没有多难嘛！
对了还有重复单词的问题，和下面讲的"P3966[TJOI2013]单词"的解决方法一样的，不讲了吧。
习题讲解
基础题：P3966 [TJOI2013]单词
这道题和上面那道题没有什么不同，文本串就是将模式串用神奇的字符（例如"♂"）隔起来的串。
但这道题有相同字符串要统计，所以我们用一个Map数组存这个字符串指的是Trie中的那个位置，最后把vis[Map[i]]输出就OK了。
下面是P5357【模板】AC自动机（二次加强版）的代码，剩下的大家怎么改应该还是知道的吧。
#include
#define maxn 2000001
using namespace std;
char s[maxn],T[maxn];
int n,cnt,vis[200051],ans,in[maxn],Map[maxn];
struct kkk{
int son[26],fail,flag,ans;
}trie[maxn];
queueq;
void insert(char* s,int num){
int u=1,len=strlen(s);
for(int i=0;i To be continue……