Codeforces
思路
考虑把连的那两个点中间的链提出来，那么就会变成一条链，链上的每个点挂着一棵子树的形式。
设那些子树的大小为\(S_1,S2,\cdots\)，那么新加的简单路径个数就是
\[ \frac 1 2 (n^2-\sum S^2) \]
很容易理解：任意两个点，只要不在同一棵子树内，就会多一条路径。
那么就可以树形DP：设\(dp_x\)表示从\(x\)向下连的一条链，\(\sum S^2\)的最小值，也很容易转移。
但是统计答案，也就是把两条链连在一起的时候，怎么办呢？
考虑合并\(x,y\)的链，他们的子树大小为\(size_x,size_y\)，那么有
\[ ans=dp_x+dp_y+(n-size_x-size_y)^2 \]
把括号拆开之后容易看出是一个斜率优化的形式，乱搞即可。
那么问题来了：这种题是怎么搞到难度2600的？
代码
#include
clock_t t=clock();
namespace my_std{
using namespace std;
#define pil pair
#define fir first
#define sec second
#define MP make_pair
#define rep(i,x,y) for (int i=(x);i<=(y);i++)
#define drep(i,x,y) for (int i=(x);i>=(y);i--)
#define go(x) for (int i=head[x];i;i=edge[i].nxt)
#define templ template
#define sz 505050
typedef long long ll;
typedef double db;
mt19937 rng(chrono::steady_clock::now().time_since_epoch().count());
templ inline T rnd(T l,T r) {return uniform_int_distribution(l,r)(rng);}
templ inline bool chkmax(T &x,T y){return xy?x=y,1:0;}
templ inline void read(T& t)
{
t=0;char f=0,ch=getchar();double d=0.1;
while(ch>'9'||ch<'0') f|=(ch=='-'),ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0') t=t*10+ch-48,ch=getchar();
if(ch=='.'){ch=getchar();while(ch<='9'&&ch>='0') t+=d*(ch^48),d*=0.1,ch=getchar();}
t=(f?-t:t);
}
templateinline void read(T& t,Args&... args){read(t); read(args...);}
char __sr[1<<21],__z[20];int __C=-1,__zz=0;
inline void Ot(){fwrite(__sr,1,__C+1,stdout),__C=-1;}
inline void print(register int x)
{
if(__C>1<<20)Ot();if(x<0)__sr[++__C]='-',x=-x;
while(__z[++__zz]=x%10+48,x/=10);
while(__sr[++__C]=__z[__zz],--__zz);__sr[++__C]='\n';
}
void file()
{
#ifdef NTFOrz
freopen("a.in","r",stdin);
#endif
}
inline void chktime()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
cout<<(clock()-t)/1000.0<<'\n';
#endif
}
#ifdef mod
ll ksm(ll x,int y){ll ret=1;for (;y;y>>=1,x=x*x%mod) if (y&1) ret=ret*x%mod;return ret;}
ll inv(ll x){return ksm(x,mod-2);}
#else
ll ksm(ll x,int y){ll ret=1;for (;y;y>>=1,x=x*x) if (y&1) ret=ret*x;return ret;}
#endif
// inline ll mul(ll a,ll b){ll d=(ll)(a*(double)b/mod+0.5);ll ret=a*b-d*mod;if (ret<0) ret+=mod;return ret;}
}
using namespace my_std;
int n;
struct hh{int t,nxt;}edge[sz<<1];
int head[sz],ecnt;
void make_edge(int f,int t)
{
edge[++ecnt]=(hh){t,head[f]};
head[f]=ecnt;
edge[++ecnt]=(hh){f,head[t]};
head[t]=ecnt;
}
ll dp[sz];
int size[sz];
ll ans=1e18;
#define v edge[i].t
#define Sqr(x) (1ll*(x)*(x))
inline db K(pil a,pil b){return 1.0*(b.sec-a.sec)/(b.fir-a.fir);}
void dfs(int x,int fa)
{
vectorV;size[x]=1;
go(x) if (v!=fa)
{
dfs(v,x);
V.push_back(MP(size[v],dp[v]-2ll*n*size[v]+Sqr(size[v])));
size[x]+=size[v];
}
dp[x]=Sqr(size[x]);
go(x) if (v!=fa) chkmin(dp[x],dp[v]+Sqr(size[x]-size[v]));
if (!V.size()) return;
sort(V.begin(),V.end());
vectorcon;con.push_back(V[0]);int top=0;
rep(i,1,(int)V.size()-1)
{
while (top&&K(con[top],con[top-1])>-2*V[i].fir) --top,con.pop_back();
chkmin(ans,con[top].sec+V[i].sec+2ll*con[top].fir*V[i].fir+Sqr(n));
if (V[i].fir==V[i-1].fir) continue;
while (top&&K(con[top],con[top-1])>=K(con[top-1],V[i])) --top,con.pop_back();
con.push_back(V[i]);++top;
}
}
int main()
{
file();
int x,y;
read(n);
rep(i,1,n-1) read(x,y),make_edge(x,y);
dfs(1,0);chkmin(ans,dp[1]);
ll Ans=(Sqr(n)-ans)/2+1ll*n*(n-1)/2;
cout< 其他解法
参见 XZZ大佬的博客： https://www.cnblogs.com/xzz_233/p/11070827.html
并没有看懂他干了什么，可能有一些玄妙的结论……