Codeforces Round #658 (Div. 2) 比赛做出来的四题和差点做出来的一题
题意：找出两个字符串最短的公共子字符串
分析：水题，最短一定是1，直接找一个一样的输出就行了。
代码：
#include
using namespace std;
int ji[1005];
int a[1005];
int b[1005];
void rlmn()
{
int n,m;
scanf("%d%d",&n,&m);
for (int i=0;i<=1000;i++)
ji[i]=0;
for (int i=0;i 水题，看题看了五分钟才确定真的这么水，被上场自闭场打怕了。
题意：
给出一堆石子，两个人去选，只能在目前的第一堆中拿任意数量。求最后谁赢。
分析：这题稍微想了一会。第一，如果在一开始的第一堆石子中出现了1，那么主动权就会易手。后面一样，只要有1就会不停的易手，直到第一个不是1的石子堆出现，就一切都能控制了。后面的1不会产生任何影响，只要每次给对面留一个，然后在1的前一堆一次性全拿走逼他拿1.
因此找到不是1的石子堆的时候，这时候谁取谁就赢。而从第一堆开始每出现一个1就会易手一次。
特殊情况：全是1，不会有不是1的石子堆。但是也最简单，直接按奇数偶数输出就行了。
代码：
#include
using namespace std;
int a[100005];
void rlmn()
{
int n;
int ans=0;
scanf("%d",&n);
for (int i=0;i C1和C2是一样的题目，就是C2的n的数据范围从C1的1000变成了100000.因为我方法都是O(n)的，所以直接上C2的题了
题意：
先定义一个操作，叫做前缀处理。就是选取字符串的一些前缀，然后把前缀先全部异或，再反转过来。比如001011做前缀3操作，则先变成110011再变成011011.如果做前缀6就是先变成110100，再变成001011.
分析：
你相信我真的是水题啊。我觉得这是最简单的一题。他不需要你给出最短的解，只要能成功就行了啊。
所以你知道A通过x1x2x3...xn变成了B，那么B可以通过xnxn-1...x2x1变成A。然后就好办了啊，你把两个字符串全部变成11111...11111（就是全部1的形式）然后正序输出第一个变化的，反序输出第二个变化的，就行了。
所以怎么变成11111...11111形式呢？只要你确保前k个数一样，然后反转就没用了，反转前后都一样。所以只异或，就是1变0，0变1.所以你只要按位处理，第k位如果和第k+1位不一样，就做一次前缀k，这样第k位就和第k+1位一样了。然后继续往后知道n-2位。第n位只要判断一下是不是0，如果是0再进行前缀n操作就行了。这样两个字符串就可以很轻松的变成11111...11111形式，问题就迎刃而解了。
代码：
#include
using namespace std;
string s1,s2;
int ji1[100005];
int ji2[100005];
void rlmn()
{
int n;
scanf("%d",&n);
cin>>s1;
cin>>s2;
int flag1=0;
for (int i=0;i=0;i--)
{
printf(" %d",ji2[i]);
}
printf("\n");
}
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while (T--)
{
rlmn();
}
} 当我发现c2所谓hard其实就是n大了一些我很惊喜啊，直接复制粘贴上去结果re了。
因为一开始数组开的是1005...内存不够。。。
题意：定义操作merge为：每次从两个数组里面选小的第一个放进merge后的数组。然后给你一个2n数的排列，问能不能找出两个n长度的数组正好merge成它。是就YES，否则就NO
分析：水题啊！我忘记了0-1背包怎么写，找了40分钟板子，就差10分钟（赛后5分钟debug完成，但是longlong忘记用lld了要t一发）
首先我们找原来的数组，找出所有的极值段。极值段的定义是，第一个数比后面的数都大。让每个极值段都尽量长。
比如2314分成(2)(3,1)(4)
32615784分成(32)(615)(7)(84)
这样做的原因是极值段一定是某一个n长度数组的一部分。
然后问题来了，虽然我将它分成了好几段，比如32615784变成了4段，长度分别是2312，但是我怎么知道能不能分成两半呢？
问题转化成，给出n个数，问能不能从中选取一些数，和正好是m。
一开始想的是暴力回溯，直接打死。因为数据量再1e3，所以我尽量往O(n2)的算法想，想了半小时想出了01背包。只是这个01背包很特殊，就是物品的重量和体积是一样大的，背包的空间就是n。然后必须恰好装满，还要将dp初始化负无穷。
考虑到数也不小，因此开了longlong，然后将初始化负无穷定义位-2143000000
这样如果背包最后价值大于0说明恰好实现（而且价值应该也是n）。否则说明实现不了。
代码：
#include
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=4015;
ll ji[N];
ll shu[N];
ll qu[N];
ll dp[N];
void rlmn()
{
ll n;
scanf("%lld",&n);
for (ll i=0;i<2*n;i++)
{
scanf("%lld",&shu[i]);
}
for (ll i=0;i<=2*n;i++)
{
ji[i]=0;
qu[i]=0;
dp[i]=-2143000000;
}
ll shumax=2*n;
for (ll i=2*n-1;i>=0;i--)
{
if (shu[i]!=shumax)
{
ji[shumax]++;
ji[shu[i]]=-1;//变成儿子了
}
else
{
ji[shu[i]]++;
shumax--;
while (ji[shumax]==-1)
{
shumax--;
}
}
}
ll num=1;
for (ll i=0;i<=2*n;i++)
{
if (ji[i]>0)
{
qu[num++]=ji[i];
}
}
num--;
ll V=n;
dp[0]=0;
//解决一个0-1背包
for (ll i=1;i<=num;i++)
{
for (ll j=V;j>=qu[i];j--)
{
dp[j]=max(dp[j],dp[j-qu[i]]+qu[i]);
}
}
if (dp[V]>0)
{
printf("YES\n");
}
else
{
printf("NO\n");
}
}
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while (T--)
{
rlmn();
}
}
本场比赛做出了4题。手速快点实际上五题也没问题。哎，不过无所谓，相当于要多打一场，多做一题最多到1400.下场上青！
不知道啥时候能打个蓝色哈。
赛中做了四题
赛后把本来应该做出来的补了
得到一个教训：如果开了longlong输入%d是会t的！