描述
在河上有一座独木桥，一只青蛙想沿着独木桥从河的一侧跳到另一侧。在桥上有一些石子，青蛙很讨厌踩在这些石子上。由于桥的长度和青蛙一次跳过的距离都是正整数，我们可以把独木桥上青蛙可能到达的点看成数轴上的一串整点：0，1，……，L（其中L是桥的长度）。坐标为0的点表示桥的起点，坐标为L的点表示桥的终点。青蛙从桥的起点开始，不停的向终点方向跳跃。一次跳跃的距离是S到T之间的任意正整数（包括S,T）。当青蛙跳到或跳过坐标为L的点时，就算青蛙已经跳出了独木桥。
题目给出独木桥的长度L，青蛙跳跃的距离范围S,T，桥上石子的位置。你的任务是确定青蛙要想过河，最少需要踩到的石子数。
对于30%的数据，L <= 10000；
对于全部的数据，L <= 10^9。
格式
输入格式
输入的第一行有一个正整数L（1 <= L <= 10^9），表示独木桥的长度。第二行有三个正整数S，T，M，分别表示青蛙一次跳跃的最小距离，最大距离，及桥上石子的个数，其中1 <= S <= T <= 10，1 <= M <= 100。第三行有M个不同的正整数分别表示这M个石子在数轴上的位置（数据保证桥的起点和终点处没有石子）。所有相邻的整数之间用一个空格隔开。
输出格式
输出只包括一个整数，表示青蛙过河最少需要踩到的石子数。
样例1
样例输入1[复制]
10
2 3 5
2 3 5 6 7
样例输出1[复制]
2
题意：青蛙可以跳在石子或者平路上，给定跳跃最小s和最大长度t，问跳过桥时最少跳到几次石头上。
思路：样例看了很久才看懂。此题给出的石子个数只有100规模，而桥长却又1e9，按一般思路空间时间都有问题，那么问题在于如何优化石头和石头之间的这段路了，我们可以选取一个数，将石头的位置离散化，显然这个数必须是所有可能的跳跃长度的最小公倍数
不然无法转移到最后上。DP方程很简单\( dp[i] = min(dp[i-j](s<=j <=t)+is[i],dp[i]) \)
/** @Date : 2016-12-04-17.15
* @Author : Lweleth ([email protected])
* @Link : https://github.com/
* @Version :
*/
#include
#define LL long long
#define PII pair
#define MP(x, y) make_pair((x),(y))
#define fi first
#define se second
#define PB(x) push_back((x))
#define MMG(x) memset((x), -1,sizeof(x))
#define MMF(x) memset((x),0,sizeof(x))
#define MMI(x) memset((x), INF, sizeof(x))
using namespace std;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int N = 1e5+20;
const double eps = 1e-8;
const int zip = 2520;//lcm(1, 2~10) = 2520 为了能够转移到最后一个位置，必须是s~t的公倍数
int a[120];
int is[zip * 120];
int dp[zip * 120];
int gcd(int a, int b)
{
return b?gcd(b, a % b):a;
}
int lcm(int a, int b)
{
return a * b/gcd(a, b);
}
void cal()
{
int ans = 1;
for(int i = 2; i <= 10; i++)
ans = lcm(ans, i);
cout << ans << endl;
}
int main()
{
//cal();
int l;
int s, t, m;
cin >> l >> s >> t >> m;
for(int i = 1; i <= m; i++)
scanf("%d", a + i);
sort(a + 1, a + 1 + m);
MMF(is);
MMI(dp);
int cnt = 0;
a[0] = 0;
for(int i = 1; i <= m; i++)//压缩长度
{
int dis = a[i] - a[i - 1];
a[i] = a[i - 1] + dis % zip;
is[a[i]] = 1;
}
dp[0] = 0;
for(int i = s; i <= zip * 110; i++)
{
//cout << is[i] << " ";
for(int j = s; j <= t; j++)
{
if(i - j >= 0)
{
dp[i] = min(dp[i], dp[i - j] + is[i]);
}
}
}
printf("%d\n", dp[zip * 110]);
return 0;
}