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Description
知名美食家小 A被邀请至ATM 大酒店,为其品评菜肴。
ATM 酒店为小 A 准备了 N 道菜肴,酒店按照为菜肴预估的质量从高到低给予
1到N的顺序编号,预估质量最高的菜肴编号为1。由于菜肴之间口味搭配的问题,
某些菜肴必须在另一些菜肴之前制作,具体的,一共有 M 条形如“i 号菜肴‘必须’
先于 j 号菜肴制作”的限制,我们将这样的限制简写为 <i,j> 。现在,酒店希望能求
出一个最优的菜肴的制作顺序,使得小 A能尽量先吃到质量高的菜肴:也就是说,
(1)在满足所有限制的前提下,1 号菜肴“尽量”优先制作;(2)在满足所有限制,1
号菜肴“尽量”优先制作的前提下,2号菜肴“尽量”优先制作;(3)在满足所有限
制,1号和2号菜肴“尽量”优先的前提下,3号菜肴“尽量”优先制作;(4)在满
足所有限制,1 号和 2 号和 3 号菜肴“尽量”优先的前提下,4 号菜肴“尽量”优
先制作;(5)以此类推。
例1:共4 道菜肴,两条限制<3,1>、<4,1>,那么制作顺序是 3,4,1,2。例2:共
5道菜肴,两条限制<5,2>、 <4,3>,那么制作顺序是 1,5,2,4,3。例1里,首先考虑 1,
因为有限制<3,1>和<4,1>,所以只有制作完 3 和 4 后才能制作 1,而根据(3),3 号
又应“尽量”比 4 号优先,所以当前可确定前三道菜的制作顺序是 3,4,1;接下来
考虑2,确定最终的制作顺序是 3,4,1,2。例 2里,首先制作 1是不违背限制的;接
下来考虑 2 时有<5,2>的限制,所以接下来先制作 5 再制作 2;接下来考虑 3 时有
<4,3>的限制,所以接下来先制作 4再制作 3,从而最终的顺序是 1,5,2,4,3。
现在你需要求出这个最优的菜肴制作顺序。无解输出“Impossible!” (不含引号,
首字母大写,其余字母小写)
Input
第一行是一个正整数D,表示数据组数。
接下来是D组数据。
对于每组数据:
第一行两个用空格分开的正整数N和M,分别表示菜肴数目和制作顺序限
制的条目数。
接下来M行,每行两个正整数x,y,表示“x号菜肴必须先于y号菜肴制作”
的限制。(注意:M条限制中可能存在完全相同的限制)
Output
输出文件仅包含 D 行,每行 N 个整数,表示最优的菜肴制作顺序,或
者”Impossible!”表示无解(不含引号)。
Sample Input
3
5 4
5 4
5 3
4 2
3 2
3 3
1 2
2 3
3 1
5 2
5 2
4 3
Sample Output
1 5 3 4 2
Impossible!
1 5 2 4 3
HINT
【样例解释】
第二组数据同时要求菜肴1先于菜肴2制作,菜肴2先于菜肴3制作,菜肴3先于
菜肴1制作,而这是无论如何也不可能满足的,从而导致无解。
100%的数据满足N,M<=100000,D<=3。
思路题+拓扑排序。
注意题目并不是要求字典序最小,而是要求较小的尽量靠前。
如图:
答案是52431,而字典序最小的是43521.
等价于倒着的字典序最大,因为字典序最大相当于小的尽量靠后,即正着的小的尽量靠前。
所以倒着做字典序最大的拓扑排序即可。
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define mod 1000000007
#define M 100005
#include
#define LL long long
using namespace std;
priority_queue<int> q;
struct edge
{
int y,ne;
}e[M];
int du[M],h[M],ans[M],tot,D,n,m;
void read(int &tmp)
{
tmp=0;
char ch=getchar();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar());
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())
tmp=tmp*10+ch-'0';
}
void Addedge(int x,int y)
{
e[++tot].y=y;
e[tot].ne=h[x];
h[x]=tot;
du[y]++;
}
int main()
{
read(D);
while (D--)
{
tot=0;
read(n),read(m);
for (int i=1;i<=n;i++)
du[i]=h[i]=0;
for (int i=1;i<=m;i++)
{
int x,y;
read(x),read(y);
Addedge(y,x);
}
int now=0;
for (int i=1;i<=n;i++)
if (!du[i]) q.push(i);
while (!q.empty())
{
int x=q.top();
q.pop();
ans[++now]=x;
for (int i=h[x];i;i=e[i].ne)
{
int y=e[i].y;
du[y]--;
if (!du[y]) q.push(y);
}
}
if (now==n)
{
for (int i=n;i>=1;i--)
printf("%d ",ans[i]);
printf("\n");
}
else
printf("Impossible!\n");
}
return 0;
}