Description
如果某个无向连通图的任意一条边至多只出现在一条简单回路（simple cycle）里，我们就称这张图为仙人掌图（cactus）。所谓简单回路就是指在图上不重复经过任何一个顶点的回路。
举例来说，上面的第一个例子是一张仙人图，而第二个不是——注意到它有三条简单回路：（4，3，2，1，6，5，4）、（7，8，9，10，2，3，7）以及（4，3，7，8，9，10，2，1，6，5，4），而（2，3）同时出现在前两个的简单回路里。另外，第三张图也不是仙人图，因为它并不是连通图。显然，仙人图上的每条边，或者是这张仙人图的桥（bridge），或者在且仅在一个简单回路里，两者必居其一。定义在图上两点之间的距离为这两点之间最短路径的距离。定义一个图的直径为这张图相距最远的两个点的距离。现在我们假定仙人图的每条边的权值都是1，你的任务是求出给定的仙人图的直径。
Input
输入的第一行包括两个整数n和m（1≤n≤50000以及0≤m≤10000）。其中n代表顶点个数，我们约定图中的顶点将从1到n编号。接下来一共有m行。代表m条路径。每行的开始有一个整数k（2≤k≤1000），代表在这条路径上的顶点个数。接下来是k个1到n之间的整数，分别对应了一个顶点，相邻的顶点表示存在一条连接这两个顶点的边。一条路径上可能通过一个顶点好几次，比如对于第一个样例，第一条路径从3经过8，又从8返回到了3，但是我们保证所有的边都会出现在某条路径上，而且不会重复出现在两条路径上，或者在一条路径上出现两次。
Output
只需输出一个数，这个数表示仙人图的直径长度。
Sample Input 1
15 3
9 1 2 3 4 5 6 7 8 3
7 2 9 10 11 12 13 10
5 2 14 9 15 10
Sample Output 1
8
Sample Input 2
10 1
10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Sample Output 2
9
HINT
对第一个样例的说明：如图，6号点和12号点的最短路径长度为8，所以这张图的直径为8。
【注意】使用Pascal语言的选手请注意：你的程序在处理大数据的时候可能会出现栈溢出。
如果需要调整栈空间的大小，可以在程序的开头填加一句：{$M 5000000}，其中5000000即
指代栈空间的大小，请根据自己的程序选择适当的数值。
首先建立一棵圆方树，记每个环上dfs序最小的点为\(x_i\)，则每个环代表的方点向各自所拥有的\(x_i\)连一条边权为1的边，环上其他的圆点向方点连一条边权为圆点到所属\(x_i\)最短距离的边
然后我们求圆方树的直径，显然是需要记录一条最长链\((f[i])\)和次长链\((g[i])\)的。如果当前点是圆点，则直接用\(f[i]+g[i]\)更新答案；如果当前点是方点，则考虑环上所有点(除去每个环内的\(x_i\)，因为在圆方树上\(x_i\)是方点的父亲)，按照一定顺序，用单调队列维护\(f[i]+f[j]+dis(i,j)\)的最大值即可
单调队列那里显然要破环成链然后倍长……但是我发现我没有倍长也过了……
/*program from Wolfycz*/
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#define inf 0x7f7f7f7f
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned int ui;
typedef unsigned long long ull;
inline char gc(){
static char buf[1000000],*p1=buf,*p2=buf;
return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1000000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline int frd(){
int x=0,f=1; char ch=gc();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=gc()) if (ch=='-') f=-1;
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=gc()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
return x*f;
}
inline int read(){
int x=0,f=1; char ch=getchar();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar()) if (ch=='-') f=-1;
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
return x*f;
}
inline void print(int x){
if (x<0) putchar('-'),x=-x;
if (x>9) print(x/10);
putchar(x%10+'0');
}
const int N=1e5,M=2e5;
int V[N+10],deep[N+10],dfn[N+10],belong[N+10];
int n,m,Ans,cnt;
vectorvec[N+10];
int dis(int x,int y,int pos){
if (!x||!y) return 0;
if (dfn[x]::iterator it=vec[pos].begin();it!=vec[pos].end();it++){
if (it==vec[pos].begin()) continue;
while (head<=tail&&(dis(h[head],*it,pos)>V[pos]/2||h[head]==*it)) head++;
res=max(res,f[*it]+f[h[head]]+dis(h[head],*it,pos));
while (head<=tail&&f[h[tail]]<=f[*it]) tail--;
h[++tail]=*it;
}
for (vector::iterator it=vec[pos].begin();it!=vec[pos].end();it++){
if (it==vec[pos].begin()) continue;
while (head<=tail&&(dis(h[head],*it,pos)>V[pos]/2||h[head]==*it)) head++;
res=max(res,f[*it]+f[h[head]]+dis(h[head],*it,pos));
while (head<=tail&&f[h[tail]]<=f[*it]) tail--;
h[++tail]=*it;
}
return res;
}
void dfs(int x){
for (int p=now[x],son=child[p];p;p=pre[p],son=child[p]){
if (son==fa[x]) continue;
fa[son]=x,dfs(son);
int V=f[son]+val[p];
if (f[x]