廊桥分配（CSP-S-2021-T1）通俗题解
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题目描述
输入输出样例
题解：
方案一（朴素）：
方案二（找规律优化）：
Code(优化)：
Code(不要喷我^_O_^)(35)(后面还有)
Code(55)(我也服了我自己)
Gift For you
题目描述
当一架飞机抵达机场时，可以停靠在航站楼旁的廊桥，也可以停靠在位于机场边缘的远机位。乘客一般更期待停靠在廊桥，因为这样省去了坐摆渡车前往航站楼的周折。然而，因为廊桥的数量有限，所以这样的愿望不总是能实现。
机场分为国内区和国际区，国内航班飞机只能停靠在国内区，国际航班飞机只能停靠在国际区。一部分廊桥属于国内区，其余的廊桥属于国际区。
L 市新建了一座机场，一共有 n 个廊桥。该机场决定，廊桥的使用遵循“先到先得”的原则，即每架飞机抵达后，如果相应的区（国内/国际）还有空闲的廊桥，就停靠在廊桥，否则停靠在远机位（假设远机位的数量充足）。该机场只有一条跑道，因此不存在两架飞机同时抵达的情况。
现给定未来一段时间飞机的抵达、离开时刻，请你负责将 n 个廊桥分配给国内区和国际区，使停靠廊桥的飞机数量最多。
输入格式
输入的第一行，包含三个正整数 n,m1,m2，分别表示廊桥的个数、国内航班飞机的数量、国际航班飞机的数量。
接下来m1 行，是国内航班的信息，第 i 行包含两个正整数 a1,i,b1,i，分别表示一架国内航班飞机的抵达、离开时刻。
接下来m2 行，是国际航班的信息，第 i 行包含两个正整数a2,i,b2,i，分别表示一架国际航班飞机的抵达、离开时刻。
每行的多个整数由空格分隔。
输出格式
输出一个正整数，表示能够停靠廊桥的飞机数量的最大值。
输入输出样例
输入 #1复制
3 5 4 1 5 3 8 6 10 9 14 13 18 2 11 4 15 7 17 12 16
输出 #1复制
7
输入 #2复制
2 4 6 20 30 40 50 21 22 41 42 1 19 2 18 3 4 5 6 7 8 9 10
输出 #2复制
4
输入 #3复制
见附件中的 airport/airport3.in
输出 #3复制
见附件中的 airport/airport3.ans
说明/提示
【样例解释 #1】
在图中，我们用抵达、离开时刻的数对来代表一架飞机，如 (1,5) 表示时刻 1 抵达、时刻 5 离开的飞机；用 √ 表示该飞机停靠在廊桥，用 × 表示该飞机停靠在远机位。
我们以表格中阴影部分的计算方式为例，说明该表的含义。在这一部分中，国际区有 22 个廊桥，44 架国际航班飞机依如下次序抵达：
- 首先 (2, 11) 在时刻 2 抵达，停靠在廊桥。
- 然后 (4, 15) 在时刻 4 抵达，停靠在另一个廊桥。
- 接着 (7, 17)在时刻 7 抵达，这时前 22 架飞机都还没离开、都还占用着廊桥，而国际区只有 22 个廊桥，所以只能停靠远机位。
- 最后 (12, 16)在时刻 12 抵达，这时 (2, 11) 这架飞机已经离开，所以有 1 个空闲的廊桥，该飞机可以停靠在廊桥。
根据表格中的计算结果，当国内区分配 2 个廊桥、国际区分配 1 个廊桥时，停靠廊桥的飞机数量最多，一共 7架。
【样例解释 #2】
当国内区分配 2 个廊桥、国际区分配 0 个廊桥时，停靠廊桥的飞机数量最多，一共 4 架，即所有的国内航班飞机都能停靠在廊桥。
需要注意的是，本题中廊桥的使用遵循“先到先得”的原则，如果国际区只有 1 个廊桥，那么将被飞机 (1,19) 占用，而不会被 (3,4)、(5,6)、(7,8)、(9,10) 这 4 架飞机先后使用。
题解：
设飞机降落的时间为 Start, 离开廊桥的时间为 Leave
首先要设定两个数组，分别记录国内和国外航班。考虑到题目要求是飞机先到先得，那么自然而然就想到，要按Start的大小递增排序。因为STL中的set容器有自动排列顺序的功能，我们可以这样来保存数据：
1. 定义一个结构体plane，保存Start和Leave
struct plane{
int start;
int leave;
};2.定义一个plane类型的容器line，保存廊桥内停靠的飞机。
另外定义两个plane类型的容器inside,outside,分别表示国内国外飞机依次来临的顺序
另外为了访问set中的元素，同时为plane类型定义一个迭代器（指针）
set line;
set inside;
set outside;
set ::iterator it; 3.因为我们定义的set容器是按照start的大小递增排序的，而struct的结构体中却有两个变量，我们要明确比较哪个变量。
bool operator <(const plane a,const plane b){
return a.start现在我们来思考核心算法
方案一（朴素）：
思路：（贪心）
先考虑国内：
假设共有N个廊桥，从1~N依次枚举当廊桥数为 i 时，国内最多能停靠多少架飞机。那么怎样计算当廊桥数为 i 时，最多能停靠多少架飞机呢？（如下）
在国内廊桥数为 i 的情况下，设Ans表示最多能停的飞机数量
当一架飞机Z来临时，首先要更新廊桥内飞机的数量，对于Leave小于Z.Start(已经在之前飞走了)的飞机，那么要把它从Line中删去，遍历完Line所有飞机后再判断廊桥中是否有空闲的地方,即判断Line.size()< i ，若成立则可以把飞机Z加入到Line队列中，Ans++;
这样一趟下来，Ans的结果为廊桥数为 i 情况下的最多能停靠的飞机的数量
重复上述过程，我们可以定义一个数组Ansin[]来保存Ansin[i]的Ans;
同理对于国外飞机一样，重复上述过程，定义一个数组Ansout[]来保存。
可以发现，最后要求的结果为：
MAX=Ansin[i]+Ansout[N-i](i=0~N)
遍历一遍i值即可。
这个方法效率较低，考场时我用的这个算法（头脑简单），挂了很多分！
想看代码的在文章的最后，有2~3个洛谷测试的代码（35，50，55分），我感觉还可以再优化一番，很有提升空间，如果能给我提出建议，我会非常感激。
下面我们重点讲解另一种方法
方案二（找规律优化）：
方案一最大的败笔为进行了很多冗余的运算，比如在枚举i时inside中第一架飞机被模拟了好几次。
所以，我们要想办法把前后的模拟建立起联系，前面建立起的数据能用就尽量用，而不再重复计算。
之前，我们一直限制廊桥的数量i来依次枚举，方案二我们就不再限制，假定飞机场内的廊桥数量为N，但我们给它编上号，1,2.3...i...N 规定飞机来时优先选择编号较小的位置。
我们拿一组数据模拟一下：（只考虑国内）
共有3个廊桥，5架飞机 （x,y）表示飞机的到来时间x，离开时间y
（1 , 12） （13 , 18） (3 , 8) (6 , 15) (4 , 5)
针对x排序
(1,12) (3,8) (4,5) (6,15) (13,18)
1号空余 (1,12)会停在1号
1号满，2号空余 (3,8)会停在2号
1，2号满 ,三号空余 (4,5)会停在3号
1，2号满，三号(4,5)已经离开,3号空余 (6,15)会停在3号
1号已离开，一号空余，优先选择1 (13,19)会停在1号
图解：
实际上上述过程可以描述为规定廊桥数量为1，第一轮筛选把能够停在廊桥的飞机记录数量s并删去，剩下的飞机再组成一个集合，把能够停在廊桥的飞机记录数量s并删去..........对于国外同理
可以发现：
Ansin[i]=Ansin[i-1]+s
时间复杂度O（nlogn）
Over....
Code(优化)：
#include
#include
using namespace std;
struct plane{
int start;
int leave;
};
inline int read(){
char c=getchar();
int t=0;
while(c>='0' && c<='9'){
t=(t<<1)+(t<<3)+(c^48);
c=getchar();
}
return t;
}
bool operator <(const plane a,const plane b){
return a.start line;
set ::iterator it;
int tot,in,out,res=0,tstart,s;
int ansin[100005];
int ansout[100005];
plane t;
signed main(){
tot=read(),in=read(),out=read();
ansin[0]=0,ansout[0]=0;
for(int i=0;i Tip：不知道为什么洛谷21~23过不了，花费了一次机会自己跑了一遍数据，发现和答案一但还是判错，无语了~~瞬间佛系了
Code(不要喷我^_O_^)(35)(后面还有)
#include
#include
#include
using namespace std;
int tot,inside,outside;
int neians[10001];
int waians[10001];
int ans=0;
struct plane{
int start;
int leave;
};
bool operator <(const plane a,const plane b){
return a.start guonei;
set guowai;
set line;
set::iterator itline;
inline int read(){
char c;
c=getchar();
int ans=0;
while(c>='0' && c<='9'){
ans=(ans<<1)+(ans<<3)+(c^48);
c=getchar();
}
return ans;
}
int main(){
neians[0]=0;
waians[0]=0;
plane x;
tot=read();
inside=read();
outside=read();
for(int i=1;i<=inside;i++){
x.start=read();
x.leave=read();
guonei.insert(x);
}
for(int i=1;i<=outside;i++){
x.start=read();
x.leave=read();
guowai.insert(x);
}
for(int i=1;i<=tot;i++){
line.clear();
int aim=0;
set ::iterator it;
for(it=guonei.begin();it!=guonei.end();it++){
if(line.size()::iterator other;
for(other=line.begin();other!=line.end();other++){
if((*other).leave<(*it).start){
line.erase(other);
line.insert((*it));
aim++;
break;
}
}
}
}
neians[i]=aim;
}
//
for(int i=1;i<=tot;i++){
line.clear();
int aim=0;
set ::iterator it;
for(it=guowai.begin();it!=guowai.end();it++){
if(line.size()::iterator other;
for(other=line.begin();other!=line.end();other++){
if((*other).leave<(*it).start){
line.erase(other);
line.insert((*it));
aim++;
break;
}
}
}
}
waians[i]=aim;
}
for(int i=0;i<=tot;i++){
if(ans Code(55)(我也服了我自己)
#include
#include
using namespace std;
struct plane{
int start;
int leave;
};
bool operator <(const plane a,const plane b){
return a.start date;
set far;
plane line;
int ans=0;
int neians[80000];
int waians[80000];
inline int read(){
char c=getchar();
int t=0;
while(c>='0' && c<='9'){
t=(t<<1)+(t<<3)+(c^48);
c=getchar();
}
return t;
}
inline void write(int num){
if(num!=0){
write(num/10);
putchar((num%10)^48);
}
}
int tot,in,out;
plane x;
int main(){
neians[0]=0;
waians[0]=0;
set ::iterator it;
tot=read();
in=read();
out=read();
for(int i=1;i<=in;i++){
x.start=read();
x.leave=read();
date.insert(x);
}
bool choose=true;
for(int i=1;i<=tot;i++){
int aim=0;
if(choose){
if(!date.empty()){
line=*date.begin();
date.erase(date.begin());
it=date.begin();
aim++;
while(1){
if(it==date.end())
break;
if((*it).start>=line.leave){
aim++;
line=*it;
}
else{
far.insert(*it);
}
it++;
}
date.clear();
choose=false;
}
}
///
else{
if(!far.empty()){
line=*far.begin();
far.erase(far.begin());
it=far.begin();
aim++;
while(1){
if(it==far.end())
break;
if((*it).start>=line.leave){
aim++;
line=*it;
}
else{
date.insert(*it);
}
it++;
}
far.clear();
choose=true;
}
}
neians[i]=aim+neians[i-1];
}
date.clear();
far.clear();
for(int i=1;i<=out;i++){
x.start=read();
x.leave=read();
date.insert(x);
}
choose=true;
for(int i=1;i<=tot;i++){
int aim=0;
if(choose){
if(!date.empty()){
line=*date.begin();
date.erase(date.begin());
it=date.begin();
aim++;
while(1){
if(it==date.end())
break;
if((*it).start>=line.leave){
aim++;
line=*it;
}
else{
far.insert(*it);
}
it++;
}
date.clear();
choose=false;
}
}
///
else{
if(!far.empty()){
line=*far.begin();
far.erase(far.begin());
it=far.begin();
aim++;
while(1){
if(it==far.end())
break;
if((*it).start>=line.leave){
aim++;
line=*it;
}
else{
date.insert(*it);
}
it++;
}
far.clear();
choose=true;
}
}
waians[i]=aim+waians[i-1];
}
for(int i=0;i<=tot;i++){
if(ans Gift For you
送你一幅“清明上河图”
End~~~
写作很不容易，谢谢大家支持