AtCoder Beginner Contest 298

A题意：给一个字符串，如果里面含有字符o并且不含字符x，输出“Yes”，否则输出“No”。

code：

#include

using namespace std;

int main(){
	int n;
	cin>>n;
	string s;
	cin>>s;
	bool flag1 = 0;
	bool flag2 = 0;
	for(int i=0;i<s.size();i++){
		if(s[i] == 'o') flag1 = 1;
		if(s[i] == 'x') flag2 = 1;
	}
	if(flag1 && !flag2) cout<<"Yes"<<endl;
	else cout<<"No"<<endl;
	return 0;
} 

B题意：给两个N * N的矩阵A,B。对矩阵A能进行以下操作，对A中所有的(i,j)坐标，能将其取代为(N+1-j,i)的值。该操作能使用无数次，问是否能使得矩阵A进行过若干次操作后，A矩阵里面所有位置为1的位置在B矩阵中同样为一。如果可以就输出Yes，否则就输出No。

思路：A矩阵应该是执行若干次操作后会变回来原来的矩阵。但这里我不想深究了。就让A执行操作1000次，同时判断在这些操作中A中位置为1的地方在B中是否也为1.

#include

using namespace std;
#define maxn 104
int a[maxn][maxn];
int b[maxn][maxn];
int c[maxn][maxn];//记录中间过程 
int n;


bool check2(){
	 for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=n;j++){
		  if(a[i][j] == 1){
		  	 if(b[i][j]!=1) return false;
		  }
	  }
	}
	return true;
}
int main(){
	cin>>n;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=n;j++){
			cin>>a[i][j];
			c[i][j]=a[i][j];
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=n;j++){
			cin>>b[i][j];
		}
	}
//	A执行变型操作能不能变成B
	bool flag = 0;
	int k =1000;
    while(k--){
       if(check2()){
       	  flag =1;
       	  break; 
	   } 
       for(int i=1;i<=n;i++){
       	 for(int j=1;j<=n;j++){
       	     a[i][j] = c[n+1-j][i];
		   }
	   }
	   for(int i=1;i<=n;i++){//记录新数组 
       	 for(int j=1;j<=n;j++){
       	     c[i][j] = a[i][j];
		   }
	   }
	   
	}
	if(flag) cout<<"Yes"<<endl;
	else cout<<"No"<<endl;
	return 0;
}

C - Cards Query Problem

题意: 这里就是有N个箱子，无数张卡片。执行Q次操作，这里一共有三种操作。

• 第一就是把写上数字i的卡片放箱子j中
• 第二就是打印箱子i中所有的卡片上的数字，升序，不去重
• 第三就是打印所有含有数字j的箱子的序号，升序，去重

思路：
这里很显然用multiset 和 set是最契合的，因为其不仅仅能自动排序并且可以实现不去重或者去重。

#include

using namespace std;
int x,y;//x表示卡片上的数字，y表示箱子 
int n;	
int q;  
int nn;
//n个空箱子，无数张卡片，
//三种操作，1. i->j  2. 写出i箱子里所有卡片上的数字 3.写出所有含有数字i卡片的箱子 
#define maxn 200001

multiset<int> box[maxn];
set<int> num[maxn];

int main(){
	cin>>n;
    cin>>q;
	while(q--){
		cin>>nn;
		if(nn == 1){
			cin>>x>>y;//写一个数字x放入y箱子 
			box[y].insert(x); 
			num[x].insert(y);
		} 
		else if(nn == 2){
			cin>>y;//写出箱子y中所有卡片的数字 
			for(auto i:box[y]) cout<<i<<" "; 
			cout<<endl;
		}
		else{
			cin>>x;//出所有含有数字i卡片的箱子  
			for(auto j:num[x]) cout<<j<<" ";
			cout<<endl;
		} 
	} 
	return 0;
} 

D - Writing a Numeral
题意：这里意思是有一个字符串S，可以执行Q次操作。
操作有三种类型

• 在字符串后面添加一个数字x
• 删除字符串首个字符
• 打印字符串变为整数后对998244353取余的数

思路：因为数据范围比较大，所以我们需要注意时间效率。
我们可以用数组来模拟字符串，添加元素相当于往数组里面添加元素，删除相当于把指针后移即可。在这个过程中，计算now即为3操作当前的值。

详细见代码，就是维护一个数组更新now值就行了，操作二中因为我们删除了首字符，相当于减去了 首字符数字 * 对应的位数对应的十进制的值。

#include
#define mod 998244353
#define maxn 600001
using namespace std;
typedef long long ll;

ll p[maxn];
ll a[maxn];
int c;
int l;
int q;
int nn;

int main(){
	p[0] = 1;
	int n = 1;
	ll now = 1;
	a[1]=1;
	l = 1;
	cin>>q;
	
	for(int i=1;i<=q;i++){//所有的操作都是添加的最大值 1 10 100 
		p[i] = p[i-1] * 10 % mod;
	}
	
	while(q--){
		cin>>nn;
		if(nn==1){
		  cin>>c;
		  a[++n] = c;
		  now=(now*10+a[n])%mod;//表示现在那个数字 
		}
		else if(nn == 2){
			now=(now-p[n-l]*a[l]%mod+mod)%mod;//减去前面删掉的数 
            l++;
		}
		else{
		  cout<<now<<endl;	
		}
	}
	return 0;
}

分享一下大佬duque做法

#include 
using namespace std;
using vi=vector<int>;
using vvi=vector<vector<int>>;
using ll=long long;
using vll=vector<long long>;
using vvll=vector<vector<long long>>;
#define rep(i,j,n) for(int i=j;i<n;i++)
#define MOD 1000000007
#include 
using namespace atcoder;
using mint = modint998244353;
 
int main()
{
	int Q;
	cin >> Q;
	int t,x;
	deque<int> S; 
	mint N=1;
	S.push_back(1);
	rep(i,0,Q){
		cin >> t;
		if(t==1){
			cin >> x;
			S.push_back(x);
			N=N*10+x;
		}
		if(t==2){
			N=N-S.front()*mint(10).pow(S.size()-1);
			S.pop_front();
		}
		if(t==3){
			cout << N.val() << endl;
		}
	}
	return 0;
}