Educational Codeforces Round 161 (Rated for Div. 2)(A-C)

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文章目录

  • A. Tricky Template
    • 题意:
    • 题解:
    • 代码:
  • B. Forming Triangles
    • 题意:
    • 题解:
    • 代码:
  • C. Closest Cities
    • 题意:
    • 题解:
    • 代码:


A. Tricky Template

题意:

给出三个由小写字母组成的字符串a,b,c,问是否存在一个模板串t,使得a,b与模板串相匹配,c与模板串不匹配。匹配条件有两个,若t的某个字母为小写,则a与之对应的位置相等,若t的某个字母为大写,则a与之对应的字母不同。每个位置都满足,则a和t相匹配,否则不匹配。

题解:

枚举a,b,c每一位,当 a i a_{i} ai= b i b_{i} bi = = = c i c_{i} ci时,此时 t i t_{i} ti为任何字母时,都满足对a,b,c匹配;当 a i a_{i} ai= b i b_{i} bi ! = != != c i c_{i} ci时,存在 t i t_{i} ti = = = a i a_{i} ai,满足对 a i a_{i} ai b i b_{i} bi匹配,与 c i c_{i} ci不匹配;当 a i a_{i} ai!= b i b_{i} bi ! = != != c i c_{i} ci时,存在 t i t_{i} ti,满足对 a i a_{i} ai b i b_{i} bi匹配,与 c i c_{i} ci不匹配;当 a i a_{i} ai= b i b_{i} bi,且 c i c_{i} ci= a i a_{i} ai或者 c i c_{i} ci= b i 时 b_{i}时 bi t i t_{i} ti只能为大写字母,且与 a i a_{i} ai, b i b_{i} bi, c i c_{i} ci都匹配,记录与a,b,c都匹配的元素个数,若个数等于字符长度则不存着这样的模板串,否则存在。

代码:

#include
#include

using namespace std;

const int N=25;

char a[N],b[N],c[N];

int main()
{
	int t;
	cin>>t;
	while(t--)
	{
		int n;
		cin>>n;
		scanf("%s",a);
		scanf("%s",b);
		scanf("%s",c);
		
		int cnt=0;
		for(int i=0;i<n;i++)
		{
			if(a[i]!=b[i]&&(c[i]==a[i]||c[i]==b[i])) cnt++;
			if(a[i]==b[i]&&a[i]==c[i]) cnt++;
		}
		if(cnt==n)cout<<"NO"<<endl;
		else cout<<"YES"<<endl;
	}
	return 0;
}


B. Forming Triangles

题意:

给出一个长度为n的数组m,存在n个小棍,每根小棍的长度为 2 m i 2^{m_{i}} 2mi,问由这些木棍可以构成多少个三角形。

题解:

假设组成的三角形最长的边是 2 c 2^{c} 2c,其次是 2 b 2^{b} 2b 2 a 2^{a} 2a,则满足 c c c > = >= >= b b b > = >= >= c c c,且 2 a 2^{a} 2a+ 2 b 2^{b} 2b> 2 c 2^{c} 2c,只有当 c c c = = = b b b时同时满足两个不等式,且 a a a只要满足小于等于 c c c即可。设数组中存在cnt个数值为t的数字,且存在m个小于t的数字,当cnt>=3时,存在 C c n t 3 C_{cnt}^3 Ccnt3个三边都为t的三角形,同时存在 C 3 2 C_{3}^2 C32 ∗ * m m m个两边为 2 t 2^{t} 2t,一边为小于 2 t 2^{t} 2t的三角形,若cnt=2时存在 C 3 2 C_{3}^2 C32 ∗ * m m m,两边为 2 t 2^{t} 2t,一边小于 2 t 2^{t} 2t的边。

代码:

#include
#include
#include
#define int long long
using namespace std;

int t;
void solve(){
	int n;
	int m=0;
	int sum=0;
	map<int,int> mp;
	
	cin>>n;
	
	for(int i=0;i<n;i++){
		int x;
		
		cin>>x;
		
		mp[x]++;
	}
	for(auto mp:mp){
		int  t=mp.second;
		if(t>=3) sum+=t*(t-1)*(t-2)/6+t*(t-1)/2*m;
		else if(t==2) sum+=t*(t-1)/2*m;
		m+=t;		
	}
	cout<<sum<<endl;
}
signed main(){
	cin>>t;
	
	while(t--) solve();
	
	return 0;
}

C. Closest Cities

题意:

在一条线上有n个城市,每个城市的坐标为 a i a_{i} ai,以下是收费规则,设 a a a, b b b, c c c为三个相邻得的城市,若 b b b距离 a a a最近则路费仅需 1 1 1元, b b b, c c c之间的路费则为 c − b c-b cb元,问要想从 l l l r r r最少需要多少钱。

题解:

由题意知,从 l l l r r r最少花费就是从 l l l l + 1 l+1 l+1, l + 2 l+2 l+2,… r r r;这种路径花费才是最少,若其中两点为 a a a, b b b,若 a a a距离 b b b最近则花费为 1 1 1,否则花费为 b − a b-a ba,利用前缀和知识解决。

代码:

#include
#include

using namespace std;

const int N=1e5+10;
int a[N],b[N],c[N];
int t;
void solve(){
	int n,m;
	
	cin>>n;
	
	for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i];
	
	b[1]=0;
	b[2]=1;
	for(int i=3 ;i<=n;i++){
		if(a[i]-a[i-1]<a[i-1]-a[i-2]) b[i]=1;
		else b[i]=a[i]-a[i-1];
	}
	for(int i=1;i<=n;i++) b[i]+=b[i-1];
	c[n]=0;
	c[n-1]=1;
	for(int i=n-2;i>=1;i--){
		if(a[i+2]-a[i+1]>a[i+1]-a[i]) c[i]=1;
		else c[i]=a[i+1]-a[i];
	}
	for(int i=n-1;i>=1;i--) c[i]+=c[i+1];
	cin>>m;
	
	while(m--){
		int l,r;
		
		cin>>l>>r;
		
		if(l<r) cout<<b[r]-b[l]<<endl;
		else cout<<c[r]-c[l]<<endl;
	}
}
int main(){
	int t;
	
	cin>>t;
	
	while(t--) solve();
	
	return 0;
}

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