DS:经典算法OJ题(2)

创作不易,友友们给个三连吧!!

一、旋转数组(力扣)

经典算法OJ题:旋转数组

DS:经典算法OJ题(2)_第1张图片

思路1:每次挪动1位,右旋k次

时间复杂度:o(N^2)       

右旋最好情况:k是n的倍数,相当于不右旋,此时为o(1)

右旋最坏情况:k%n==n-1,此时为o(N^2)

空间复杂度:o(1)

void rotate(int* nums, int numsSize, int k) 
{
    k%=numsSize;
    while(k)
    {
        int temp=nums[numsSize-1];
        //从后往前挪 
        for(int i=numsSize-1;i>0;i--)
        {
             nums[i]=nums[i-1];//最后一个是nums[1]=num[0]
        }
        nums[0]=temp;
        k--;//旋转一次就减一次
    }
}

注:这是常规思路,但是由于空间复杂度太高,数组个数特别多的时候,在力扣运行的时候超出了时间限制!

DS:经典算法OJ题(2)_第2张图片

思路2:创建一个和nums一样长度的新数组,将nums数组的后k个元素,先按顺序放进新数组里,然后剩下前面的n-k个元素,再按顺序放进新数组,最后再将新数组的数据拷贝到nums中

DS:经典算法OJ题(2)_第3张图片

时间复杂度:o(N)

空间复杂度:o(N)

void rotate(int* nums, int numsSize, int k) 
{
   k%=numsSize;
   int arr[numsSize];//vs不支持变长数组,但是牛客支持,如果是vs只能使用动态数组。
   memcpy(arr,nums+numsSize-k,sizeof(int)*k);//nums的后k个按顺序拷贝到新数组的前面
   memcpy(arr+k,nums,sizeof(int)*(numsSize-k));//nums的前n-k个按顺序拷贝到新数组的后面
   memcpy(nums,arr,sizeof(int)*numsSize);//新数组完全拷贝到nums数组中
}

思路3:前n-k个元素逆置,后k个元素逆置,再整体逆置

DS:经典算法OJ题(2)_第4张图片

时间复杂度:o(N)

空间复杂度:o(1)

void reverse (int *arr,int left,int right)//实现逆序函数
{
    int temp=0;
    while(left

二、消失的数字(力扣)

经典算法OJ题:消失的数字

DS:经典算法OJ题(2)_第5张图片

思路1:先进行排序,如果后一个不等于前一个+1,就可以找到消失的数据,但是目前掌握的排序中,冒泡排序的时间复杂度是o(N^2),而qsort的时间复杂度是o(logN+N),均不符合题意,这里不做考虑!

思路2:让0和0-numsSize的所有数都异或一遍,再和数组中的所有元素异或一边,最后得到的结果就是消失的数(利用了a^a=0,a^0=a的结论)

时间复杂度:o(N)

空间复杂度:o(1)

int missingNumber(int* nums, int numsSize)
{
int x=0;
for(int i=0;i

思路3:0-numsSize的所有数相加,然后减去数组中的所有元素之和,得到的就是消失的数字。

时间复杂度:o(N)

空间复杂度:o(1)

int missingNumber(int* nums, int numsSize)
{
    int sum=0;//记录
for(int i=0;i

三、链表中倒数第k个结点(牛客)

经典算法OJ题:链表中倒数第k个结点

DS:经典算法OJ题(2)_第6张图片

思路1:第一次循环计算结点的个数count,然后求倒数第k个就是正数的第count-k个结点

空间复杂度:o(N)

时间复杂度:o(1)

 typedef struct ListNode ListNode;
struct ListNode* FindKthToTail(struct ListNode* pListHead, int k )
 {
ListNode* pcur= pListHead;
int count=0;//统计结点
while(pcur)
{
    pcur=pcur->next;
    count++;
}
if(countnext;
return pcur;
}

思路2:(快慢指针)fast指针先走k步,然后fast和slow同时走,始终保持k的距离,当fast走到NULL的时候,slow对应的恰好就是倒数第k个结点

空间复杂度:o(N)

时间复杂度:o(1)

struct ListNode* FindKthToTail(struct ListNode* pListHead, int k )
 {
struct ListNode*fast=pListHead,*slow=pListHead;
while(k)
{
    //考虑k大于结点数的情况,此时链表很早就为空了
    if(fast==NULL)
    return NULL;
    fast=fast->next;
    k--;
}
//同时走,直到fast为NULL,此时slow指向倒数第k个结点
while(fast)
{
    fast=fast->next;
    slow=slow->next;
}
//如果k<=0.那么第一个while循环不会进入,
//fast和slow同时走,最后都会指向空,所以不需要额外判断
return slow;
}

思路3:直接反转链表,然后直接找第k个结点

该方法直接改变了链表结构,使得phead变成了一个尾结点,与其他结点建立不起联系,所以该思路不行(尽量不要去改变原先链表的结构)在力扣中过不了。

struct ListNode* FindKthToTail(struct ListNode* pListHead, int k )
 {
//直接反转链表,然后找第k个结点
if(pListHead==NULL)
return NULL;
struct ListNode*p1=NULL;
struct ListNode*p2=pListHead;
struct ListNode*p3=pListHead->next;
int count=0;//用来数数
while(p2)
{
    p2->next=p1;
    p1=p2;
    p2=p3;
    if(p3)
    p3=p3->next;
    ++count;
}
//此时的p1就是新链表的头结点
if(k<=count||k>count)
return NULL;
while(--k)
{
p1=p1->next;
}
return p1;
}

DS:经典算法OJ题(2)_第7张图片

四、相交链表(力扣)

经典算法OJ题:相交链表

DS:经典算法OJ题(2)_第8张图片

思路1:A链表逐个结点与B链表比较,如果存在相等,则就是相交结点(注:要比较指针而不能比较值,因为值是可以重复的)

空间复杂度:o(N^2)

时间复杂度:o(1)

typedef struct ListNode ListNode;
struct ListNode *getIntersectionNode(struct ListNode *headA, struct ListNode *headB) 
{
   ListNode* pcurA=headA;
   ListNode* pcurB=headB;
   while(pcurA)
   {
       while(pcurB)
       {
           if(pcurA==pcurB)
           return pcurA;
           pcurB=pcurB->next;
       }
       pcurB=headB;
       pcurA=pcurA->next;
   }
   return NULL;
}

思路2:长的链表往后走长度差,再同时走,直到相等就是相交点

空间复杂度:o(N)

时间复杂度:o(1)

typedef struct ListNode ListNode;
struct ListNode *getIntersectionNode(struct ListNode *headA, struct ListNode *headB) 
{
   ListNode * Apcur=headA;//用来遍历A链表
    ListNode * Bpcur=headB;//用来遍历A链表
    int a=0;//数a长度
    int b=0;//数b长度
while(Apcur)
{
Apcur=Apcur->next;
a++;
}
while(Bpcur)
{
Bpcur=Bpcur->next;
b++;
}
//找最小数,写俩while循环,只要大的数才可以走,小的走不了
int m=a>b?b:a;
while(a-m)
{
    headA=headA->next;
    a--;
}
while(b-m)
{
    headB=headB->next;
    b--;
}
while(headA)
{
    if(headA==headB)
    return headA;
    headA=headA->next;
    headB=headB->next;
}
return NULL;
}

五、链表的回文结构(牛客)

经典算法OJ题:链表的回文结构

DS:经典算法OJ题(2)_第9张图片

思路1:找到中间结点,然后逆置后半段,然后将后续半段和前半段的链表同时走,如果其中一个走到空了值依旧是相等的,那么就是回文结构!!

空间复杂度:o(N)

时间复杂度:o(1)

ListNode *middleNode(struct ListNode *phead)
{
struct ListNode *fast,*slow;
fast=slow=phead;
while(fast!=NULL&&fast->next!=NULL)
{
fast=fast->next->next;
slow=slow->next;
}
return slow;
}
struct ListNode* reverseList(struct ListNode* head)
{
    //链表为空的时候
    if(head==NULL)
    return head;
    //链表不为空的时候,创建3个指针,分别指向前驱、当前、后继结点
struct ListNode*p1,*p2,*p3;
p1=NULL;//前驱
p2=head;//当前
p3=head->next;//后继
while(p2)
{
    //改变指向
p2->next=p1;
//向后挪动
p1=p2;
p2=p3;
//考虑p3为NULL的时候
if(p3)
p3=p3->next;
}
return p1;
}
class PalindromeList {
public:
    bool chkPalindrome(ListNode* A) 
    {
        struct ListNode *mid=middleNode(A);//找中间结点
           struct ListNode *rmid=reverseList(mid);//逆序后半段
           while(rmid)
           {
            if(A->val!=rmid->val)
            return false;
            A=A->next;
            rmid=rmid->next;
           }
           return true;
    }
};

六、随机链表的复制(力扣)

经典算法OJ题:随机链表的复制

DS:经典算法OJ题(2)_第10张图片

思路1:1、插入拷贝结点到原结点的后面,2、控制拷贝结点的random,3、拷贝结点解下来,尾插到新链表上,同时恢复原链表

空间复杂度:o(N)

时间复杂度:o(N)

typedef struct Node Node;
Node* copyRandomList(Node* head) 
{
    if(head==NULL)
    return NULL;
	//将拷贝结点放在原结点的后面
      Node*pcur=head;
    while(pcur)
    {
       Node*copy=(Node*)malloc(sizeof(Node));//拷贝结点
       copy->val=pcur->val;
       //插入
       copy->next=pcur->next;
       pcur->next=copy;
       
       //迭代
       pcur=pcur->next->next;
    }
    //控制拷贝结点的random指针
    pcur=head;
    while(pcur)
    {
        //有可能random指向NULL
        Node* copy=pcur->next;
        if(pcur->random==NULL)
        copy->random=NULL;
        else
        //拷贝结点的random恰好在原结点的random后面
        copy->random=pcur->random->next;
        //迭代
        pcur=pcur->next->next;
    }
    //将拷贝结点解下来尾插到新链表上
    pcur=head;
    Node*newhead,*newtail,*temp;
    newhead=newtail=(struct Node*)malloc(sizeof(struct Node));
    temp=NULL;//用来记录遍历点
    while(pcur)
    {
        Node* copy=pcur->next;
        temp=copy->next;//记录遍历点
        newtail->next=copy;//尾插
        newtail=newtail->next;
     //修复原链表
     pcur->next=temp;
     //继续遍历
     pcur=pcur->next;
    }
    Node*ret=newhead->next;//销毁哨兵结点前记住头结点
    free(newhead);
    newhead=NULL;
    return ret;
}

思路2:暴力拷贝链表,然后看原结点的random是原链表的第几个结点,对应的就是拷贝链表的的第几个结点

空间复杂度:o(N^2)

时间复杂度:o(N)

typedef struct Node Node;
Node* copyRandomList(Node* head) 
{
    if(head==NULL)
    return NULL;
    Node*pcur=head;
    Node*newhead,*newtail;
    newhead=newtail=(Node*)malloc(sizeof(Node));//哨兵结点
   while(pcur)
   {
      Node*newnode=(Node*)malloc(sizeof(Node));
      newnode->val=pcur->val;
      newtail->next=newnode;
      newtail=newnode;
      //迭代
      pcur=pcur->next;
   }
   newtail->next=NULL;//要记住最后有个NULL;
   pcur=head;//回到链表头
   Node*newpcur=newhead->next;//用来遍历新链表头
   while(pcur)
   {
       int s=0;//记录节点与head的距离
       Node*flag=head,*temp=pcur->random;//temp记住random结点
       while(flag!=temp)
       {
           ++s;
           flag=flag->next;
       }
       flag=newhead->next;//回到新链表的头
       while(s--)
       flag=flag->next;
       //找到了,就接上
      newpcur->random=flag;
      pcur=pcur->next;
      newpcur=newpcur->next;
   }
   Node*ret=newhead->next;
   free(newhead);
   newhead=NULL;
   return ret;
}

七、带环链表的快慢指针追击问题(力扣)

7.1 判断链表中是否有环

经典算法OJ题:判断链表是否带环

DS:经典算法OJ题(2)_第11张图片

思路:快慢指针追击

DS:经典算法OJ题(2)_第12张图片

 typedef struct ListNode ListNode;
bool hasCycle(struct ListNode *head)
{
    ListNode*fast,*slow;
    fast=slow=head;
    while(fast&&fast->next)
    {
        slow=slow->next;
        fast=fast->next->next;
        if(slow==fast)
        return true;
    }
    return false;
}

7.2 返回链表开始入环的第一个结点

思路1:利用相遇点到入口点距离等于链表头到入口点距离的结论

DS:经典算法OJ题(2)_第13张图片

 typedef struct ListNode ListNode;
struct ListNode *detectCycle(struct ListNode *head)
{
    ListNode*fast,*slow;
    fast=slow=head;
    while(fast&&fast->next)
    {
        slow=slow->next;
        fast=fast->next->next;
        //相等,说明相遇了,链表带环
        if(slow==fast)
    {
        ListNode*meet=slow;
        while(meet!=head)
        {
            meet=meet->next;
            head=head->next;
        }
        return meet;
    }
  }  
  return NULL;
}

思路2:在相遇点将带环链表拆开,转化成求链表相交结点的问题

typedef struct ListNode ListNode;
 struct ListNode *getIntersectionNode(struct ListNode *headA, struct ListNode *headB) 
{
   ListNode * Apcur=headA;//用来遍历A链表
    ListNode * Bpcur=headB;//用来遍历A链表
    int a=0;//数a长度
    int b=0;//数b长度
while(Apcur)
{
Apcur=Apcur->next;
a++;
}
while(Bpcur)
{
Bpcur=Bpcur->next;
b++;
}
//找最小数,写俩while循环,只要大的数才可以走,小的走不了
int m=a>b?b:a;
while(a-m)
{
    headA=headA->next;
    a--;
}
while(b-m)
{
    headB=headB->next;
    b--;
}
while(headA)
{
    if(headA==headB)
    return headA;
    headA=headA->next;
    headB=headB->next;
}
return NULL;
}
struct ListNode *detectCycle(struct ListNode *head)
{
    ListNode*fast,*slow;
    fast=slow=head;
    while(fast&&fast->next)
    {
        slow=slow->next;
        fast=fast->next->next;
        if(slow==fast)
        {
            //将带环链表的环拆开
        ListNode*newhead=slow->next;
        slow->next=NULL;
        return getIntersectionNode(newhead,head);
        }
    }
    return NULL;
}

7.3 追击问题扩展

根据前两题可以知道对于带环的链表,fast走2步,slow走1步

1、必然会相遇,不会错过

2、L=(n-1)*C+(C-x)   一个指针从相遇点走,一个指针从链表头走,最后会在入口点相遇

如果fast走3步,slow走1步,可以得到什么结论??

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