UVA1366-----Martian Mining------DP

本文出自：http://blog.csdn.net/dr5459

题目地址：

http://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&page=show_problem&problem=4112

题目地址：

给你一个N*M的地图，每个点都有A矿和B矿

A矿只能从左边往右边运输，B矿只能从上往下运输，中间不能拐弯，也不能间断

问你最多能采集的A和B之和

解题思路：

从题目可以发现如果在节点（i,j）上运输A的话，那么第i行的第1~j列只能运输A

同理，如果运输B的话，那么第j列的第1~i行只能运输B

给出状态表达式

定义：dp[i][j][0]表示如果在（i,j）上运输A的话的总和

dp[i][j][1]表示B的

那么转移方程就为：

dp[i][j][0] = max(dp[i-1][j][0],dp[i-1][j][1])+第i行第1~j列的A之和

dp[i][j][1] = max(dp[i][j-1][0],dp[i][j-1][1])+第j列第1~i行的B之和

行的和或者列的和预处理一下

最后的最优值就是max(dp[n][m][0],dp[n][m][1])

代码：

 

#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<algorithm>

#include<iostream>

using namespace std;



const int maxn = 510;



int dp[maxn][maxn][2];

int sum1[maxn][maxn];

int sum2[maxn][maxn];



int main()

{

    int n,m;

    while(~scanf("%d%d",&n,&m) && n+m)

    {

        memset(dp,0,sizeof(dp));

        memset(sum1,0,sizeof(sum1));

        memset(sum2,0,sizeof(sum2));



        int tmp;

        for(int i=1;i<=n;i++)

        {

            for(int j=1;j<=m;j++)

            {

                scanf("%d",&tmp);

                sum1[i][j] = sum1[i][j-1]+tmp;

            }

        }



        for(int i=1;i<=n;i++)

        {

            for(int j=1;j<=m;j++)

            {

                scanf("%d",&tmp);

                sum2[i][j] = sum2[i-1][j]+tmp;

            }

        }



        for(int i=1;i<=n;i++)

        {

            for(int j=1;j<=m;j++)

            {

                dp[i][j][0] = max(dp[i-1][j][0],dp[i-1][j][1])+sum1[i][j];

                dp[i][j][1] = max(dp[i][j-1][0],dp[i][j-1][1])+sum2[i][j];

            }

        }



        printf("%d\n",max(dp[n][m][0],dp[n][m][1]));



    }

    return 0;

}