/**/ /*
    题意：定义f(k)为k的因子个数，G(k) = f(1) + .. + f(k)
              求一个k，使得G(k) = M   M<=10^9
    
    容易知道G(k) = 有因子1的数的个数 +
                            有因子2的数的个数 +
                            
                            有因子k的数的个数
                         = k/1 +ｋ/2 +  k/k

    求G(k) = M ，可二分
    但计算G(k)用O(n)算法的话会超时
    我一开始TLE
        
    http://hi.baidu.com/aekdycoin/blog/item/16138adfd696844594ee370a.html 
    提到
    由于整除，必然导致 [X / i]的值呈区间的形式出现
    例如X = 100
    X / 51 = 1
    X / 52 = 1
    
    X / 100 = 1
     

     才回忆起有一种快速的方法计算 k/1 + k/2 + .. + k / k
                                    next                        now
    i        1  |  2|    3|    4|    5    6|    7    8    9    10     11     12     
    k/i        12    |  6|    4|    3|    2    2|    1    1    1    1      1        1
    对于值为val的，其个数为now-next
    O(sqrt(n))
    val = k / now
    next = k / (val+1) ，下一个val至少为val+1

    poj 2800是求∑k%i
*/
#include < cstdio >
#include < algorithm >
#include < vector >
#include < iostream >
#include < cmath >

using   namespace  std;

 *
     int  G( int  k)
     {
        int sum = 0 ;
        for(int i = 1 ; i <= k ; i ++)
            sum += k/i;
        return sum;
    }
*/

int  G( int  k)
 {
    int sum  = 0 ;
    int now = k , next , val;
    while(now > 0)
    {
        val = k / now;
        next = k / (val+1);
        sum += val*(now -next);
        now = next;
    }
    return sum;
}

int  solve( int  M)
 {
    int low = 1 , high = 55592635;//G(55592635) > 10^9
    while(low <= high)
    {
        int mid = (low+high)>>1;
        int g = G(mid);
        if(g==M)return mid;
        if(g>M)high = mid-1;
        else low = mid+1;
    }
    return -1;
}

int  main()
 {
//    freopen("in","r",stdin);
    int T , t = 1;
    for(scanf("%d",&T) ; T--  ; )
    {
        int M , ans;
        scanf("%d",&M);
        printf("Case %d: ",t++);
        ans = solve(M);
        if(ans == -1)puts("impossible!");
        else printf("%d\n",ans);
    }
    return 0;
}