畅通工程续
Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 36570 Accepted Submission(s): 13439
Problem Description
某省自从实行了很多年的畅通工程计划后,终于修建了很多路。不过路多了也不好,每次要从一个城镇到另一个城镇时,都有许多种道路方案可以选择,而某些方案要比另一些方案行走的距离要短很多。这让行人很困扰。
现在,已知起点和终点,请你计算出要从起点到终点,最短需要行走多少距离。
Input
本题目包含多组数据,请处理到文件结束。
每组数据第一行包含两个正整数N和M(0<N<200,0<M<1000),分别代表现有城镇的数目和已修建的道路的数目。城镇分别以0~N-1编号。
接下来是M行道路信息。每一行有三个整数A,B,X(0<=A,B<N,A!=B,0<X<10000),表示城镇A和城镇B之间有一条长度为X的双向道路。
再接下一行有两个整数S,T(0<=S,T<N),分别代表起点和终点。
Output
对于每组数据,请在一行里输出最短需要行走的距离。如果不存在从S到T的路线,就输出-1.
Sample Input
3 3
0 1 1
0 2 3
1 2 1
0 2
3 1
0 1 1
1 2
Sample Output
Author
linle
Source
2008浙大研究生复试热身赛(2)——全真模拟
最短路径入门题,想借此题把最短路的四种算法都敲一遍。
先是Floyd(46ms)
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define N 205
using namespace std;
int graph[N][N];
int main()
{
int n,m;
int s,t;
while(scanf("%d%d",&n,&m)>0)
{
memset(graph,INF,sizeof(graph));
int a,b,x;
while(m--)
{
scanf("%d%d%d",&a,&b,&x);
graph[a][b] = graph[b][a] = min(graph[a][b],x);
}
scanf("%d%d",&s,&t);
if(s!=t)
{
for(int k = 0;k < n;k++)
for(int i = 0;i < n;i++)
for(int j = 0;j < n;j++)
graph[i][j]=min(graph[i][k]+graph[j][k],graph[i][j]);
if(graph[s][t]!=INF)
printf("%d\n",graph[s][t]);
else
printf("-1\n");
}
else
printf("0\n");
}
return 0;
}
dijkstra(0ms)
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#include <queue>
#define N 205
#define M 2005
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
int v[M],nxt[M],w[M];
int first[N],d[N],e;
void add_edge(int a,int b,int c){
v[e] = b;
nxt[e] = first[a];
w[e] = c;
first[a] = e++;
}
int main()
{
int n,m;
while(scanf("%d%d",&n,&m)>0)
{
e = 0;
memset(first,-1,sizeof(first));
int a,b,x;
while(m--)
{
scanf("%d%d%d",&a,&b,&x);
add_edge(a,b,x);
add_edge(b,a,x);
}
int s,t;
scanf("%d%d",&s,&t);
priority_queue <pair<int,int>,vector<pair<int,int>>,greater<pair<int,int>>> q;
memset(d,-1,sizeof(d));
d[s] = 0;
q.push(make_pair(0,s));
while(!q.empty())
{
while(!q.empty() && q.top().first > d[q.top().second])
q.pop();
if(q.empty())
break;
int u = q.top().second;
q.pop();
for(int i = first[u];i != -1;i = nxt[i])
{
if(d[v[i]] == -1 || d[v[i]] > d[u]+w[i])
{
d[v[i]] = d[u]+w[i];
q.push(make_pair(d[v[i]],v[i]));
}
}
}
printf("%d\n",d[t]);
}
return 0;
}