中国石油大学天梯赛真题模拟第六场
L2-007 家庭房产 （25 分)
给定每个人的家庭成员和其自己名下的房产，请你统计出每个家庭的人口数、人均房产面积及房产套数。
输入格式：
输入第一行给出一个正整数N（≤），随后N行，每行按下列格式给出一个人的房产：
编号 父 母 k 孩子1 ... 孩子k 房产套数 总面积
其中编号是每个人独有的一个4位数的编号；父和母分别是该编号对应的这个人的父母的编号（如果已经过世，则显示-1）；k（0k≤）是该人的子女的个数；孩子i是其子女的编号。
输出格式：
首先在第一行输出家庭个数（所有有亲属关系的人都属于同一个家庭）。随后按下列格式输出每个家庭的信息：
家庭成员的最小编号 家庭人口数 人均房产套数 人均房产面积
其中人均值要求保留小数点后3位。家庭信息首先按人均面积降序输出，若有并列，则按成员编号的升序输出。
输入样例：
10
6666 5551 5552 1 7777 1 100
1234 5678 9012 1 0002 2 300
8888 -1 -1 0 1 1000
2468 0001 0004 1 2222 1 500
7777 6666 -1 0 2 300
3721 -1 -1 1 2333 2 150
9012 -1 -1 3 1236 1235 1234 1 100
1235 5678 9012 0 1 50
2222 1236 2468 2 6661 6662 1 300
2333 -1 3721 3 6661 6662 6663 1 100
输出样例：
3 8888 1 1.000 1000.000 0001 15 0.600 100.000 5551 4 0.750 100.000
并查集，一开始cmp函数写错了，de了一晚上。。。。
韩宗志牛逼！
#includeusing namespace std; const int maxn = 1e6 + 100; int vis[maxn], fa[maxn]; vector<int> all; struct node { int cnt; double size; } e[maxn]; struct out { int minid, cnt, perc; double persi; } ans[maxn]; bool cmp(out a, out b) { if (a.persi * b.cnt != b.persi * a.cnt) { return a.persi * b.cnt > b.persi * a.cnt; } return a.minid < b.minid; } int fi(int x) { return fa[x] == x ? x : fa[x] = fi(fa[x]); } void uni(int x, int y) { int p1 = fi(x); int p2 = fi(y); if (p1 != p2) { fa[p2] = p1; } } void add(int x) { if (!vis[x]) { vis[x] = 1; all.push_back(x); } } void init() { for (int i = 0; i < maxn; i++) fa[i] = i; } int main() { freopen("input.txt", "r", stdin); init(); int n; int id, f, ma, k, kid; cin >> n; for (int i = 0; i < n; i++) { cin >> id >> f >> ma >> k; add(id); if (f != -1) uni(id, f), add(f); if (ma != -1) uni(id, ma), add(ma); for (int j = 0; j < k; j++) { cin >> kid; if (kid != -1) { add(kid); uni(id, kid); } } cin >> e[id].cnt >> e[id].size; } int tot = 0; for (int p:all) { if (fi(p) == p) { ans[tot].minid = 0x3f3f3f3f; for (int x:all) { if (fi(x) == p) { ans[tot].minid = min(ans[tot].minid, x); ans[tot].cnt++; ans[tot].perc += e[x].cnt; ans[tot].persi += e[x].size; } } tot++; } } cout << tot << endl; sort(ans, ans + tot, cmp); for (int i = 0; i < tot; i++) { printf("%04d %d %.3f %.3f\n", ans[i].minid, ans[i].cnt, 1.0 * ans[i].perc / ans[i].cnt, ans[i].persi / ans[i].cnt); } return 0; }
L2-4 链表去重 （25 分)
给定一个带整数键值的链表 L，你需要把其中绝对值重复的键值结点删掉。即对每个键值 K，只有第一个绝对值等于 K 的结点被保留。同时，所有被删除的结点须被保存在另一个链表上。例如给定 L 为 21→-15→-15→-7→15，你需要输出去重后的链表 21→-15→-7，还有被删除的链表 -15→15。
输入格式：
输入在第一行给出 L 的第一个结点的地址和一个正整数 N（≤105，为结点总数）。一个结点的地址是非负的 5 位整数，空地址 NULL 用 -1 来表示。
随后 N 行，每行按以下格式描述一个结点：
地址 键值 下一个结点
其中地址是该结点的地址，键值是绝对值不超过104的整数，下一个结点是下个结点的地址。
输出格式：
首先输出去重后的链表，然后输出被删除的链表。每个结点占一行，按输入的格式输出。
输入样例：
00100 5
99999 -7 87654
23854 -15 00000
87654 15 -1
00000 -15 99999
00100 21 23854
输出样例：
00100 21 23854
23854 -15 99999
99999 -7 -1
00000 -15 87654
87654 15 -1
训练时老老实实模拟的链表没过。。。。
#include"bits/stdc++.h" using namespace std; const int maxn = 1e6 + 1000; int vis[maxn]; struct node { int val, as; int last, next; } e[maxn], d[maxn]; int last = -1; int rootd = -1; void del(int id) { if (last == -1) { last = 0; rootd = 0; d[0].val = e[id].val; d[0].next = -1; } else { d[last].next = id; d[id].val = e[id].val; d[id].next = -1; last = id; } e[e[id].last].next = e[id].next; e[e[id].next].last = e[id].last; } void dfs(int now) { if (now == -1) return; if (!vis[e[now].as]) { vis[e[now].as] = 1; dfs(e[now].next); } else { int next = e[now].next; del(now); dfs(next); } } int main() { int root, n; int id, val, next; cin >> root >> n; for (int i = 0; i < n; i++) { cin >> id >> val >> next; e[id].val = val; if (val < 0) val *= -1; e[id].as = val; e[id].next = next; if (next != -1) { e[next].last = id; } } dfs(root); while (root != -1) { if(e[root].next==-1){ printf("%05d %d %d\n", root, e[root].val, e[root].next); }else printf("%05d %d %05d\n", root, e[root].val, e[root].next); root = e[root].next; } while (rootd != -1) { if (d[rootd].next == -1) { printf("%05d %d %d\n", rootd, d[rootd].val, d[rootd].next); } else printf("%05d %d %05d\n", rootd, d[rootd].val, d[rootd].next); rootd = d[rootd].next; } return 0; }
#include"bits/stdc++.h" using namespace std; const int maxn = 1e6 + 1000; struct node { int val, next; } a[maxn]; int b[maxn]; int vis[maxn]; int main() { int head, n; cin >> head >> n; int pos, val, ne; for (int i = 0; i < n; i++) { cin >> pos >> val >> ne; a[pos].val = val; a[pos].next = ne; } printf("%05d %d", head, a[head].val); vis[abs(a[head].val)] = 1; int t = head; int tot = 0; while (1) { t = a[t].next; if (t == -1) { printf(" -1\n"); break; } int ab = abs(a[t].val); if (vis[ab]) { b[tot++] = t; } else { vis[ab] = 1; printf(" %05d\n%05d %d", t, t, a[t].val); } } if (tot > 0) { printf("%05d %d", b[0], a[b[0]].val); for (int i = 1; i < tot; i++) { printf(" %05d\n%05d %d", b[i], b[i], a[b[i]].val); } printf(" -1\n"); } return 0; }
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2019-03-18 23:58 Albert_liu 阅读(
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