HDU-1175 连连看

HDU-1175 连连看

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Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
 

Problem Description

“连连看”相信很多人都玩过。没玩过也没关系，下面我给大家介绍一下游戏规则：在一个棋盘中，放了很多的棋子。如果某两个相同的棋子，可以通过一条线连起来（这条线不能经过其它棋子），而且线的转折次数不超过两次，那么这两个棋子就可以在棋盘上消去。不好意思，由于我以前没有玩过连连看，咨询了同学的意见，连线不能从外面绕过去的，但事实上这是错的。现在已经酿成大祸，就只能将错就错了，连线不能从外围绕过。
玩家鼠标先后点击两块棋子，试图将他们消去，然后游戏的后台判断这两个方格能不能消去。现在你的任务就是写这个后台程序。
 

Input

输入数据有多组。每组数据的第一行有两个正整数n,m(0< n<=1000,0< m<1000)，分别表示棋盘的行数与列数。在接下来的n行中，每行有m个非负整数描述棋盘的方格分布。0表示这个位置没有棋子，正整数表示棋子的类型。接下来的一行是一个正整数q(0< q<50)，表示下面有q次询问。在接下来的q行里，每行有四个正整数x1,y1,x2,y2,表示询问第x1行y1列的棋子与第x2行y2列的棋子能不能消去。n=0,m=0时，输入结束。
注意：询问之间无先后关系，都是针对当前状态的！
 

Output

每一组输入数据对应一行输出。如果能消去则输出”YES”,不能则输出”NO”。
 

Sample Input

3 4
1 2 3 4
0 0 0 0
4 3 2 1
4
1 1 3 4
1 1 2 4
1 1 3 3
2 1 2 4
3 4
0 1 4 3
0 2 4 1
0 0 0 0
2
1 1 2 4
1 3 2 3
0 0

Sample Output

YES
NO
NO
NO
NO
YES

 
题目网址：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1175
 

分析

题意：中文题我就不多解释了
 
思路：这一题的关键就是统计转过了几次弯，就是将原本的记步数换成记转弯数，跟HDU-1728逃离迷宫 有些类似，可以看一下我写的关于这一题的博客，博客网址：https://blog.csdn.net/bestfm/article/details/79672593
这两题我写的代码有一处不一样，到达终点的判断语句放的位置有些不同，因为地图设置不一样，这一题的终点位置的表示方法跟可走位置的表示方法不同，所以要先判断是否到达终点。
 

代码

#include 
#include 
#include 
#include 
using namespace std;
struct node
{
    int x,y,pre;
};
int dt[1005][1005],h,l;
int xy[4][2]={0,1,0,-1,1,0,-1,0},temp[1005][1005];
void BFS(int xt,int yt,int xl,int yl)
{
    queueit;
    memset(temp,0,sizeof(temp));
    if (dt[xt][yt]==0||dt[xl][yl]==0) // 排除一些不可能的情况
    {
        printf("NO\n");
        return ;
    }
    else if (xt==xl&&yt==yl)
    {
        printf("NO\n");
        return ;
    }
    else if (dt[xt][yt]!=dt[xl][yl])
    {
        printf("NO\n");
        return ;
    }
    node o,e;
    e.x=xt;
    e.y=yt;
    e.pre=0;
    it.push(e);
    temp[e.x][e.y]=1;
    while (!it.empty())
    {
        e=it.front();
        if (e.pre>2)
            break;
        it.pop();
        for (int i=0;i<4;i++)
        {
            o.x=e.x+xy[i][0];
            o.y=e.y+xy[i][1];
            o.pre=e.pre+1;
            while (1)
            {
                if (o.x==xl&&o.y==yl) // 终点判断要放在最前面
                {
                    printf("YES\n");
                    return ;
                }
                if (dt[o.x][o.y]!=0||o.x<1||o.x>h||o.y<1||o.y>l)
                    break;
                if (!temp[o.x][o.y])
                {
                    it.push(o);
                    temp[o.x][o.y]=1;
                }
                o.x+=xy[i][0];
                o.y+=xy[i][1];
            }
        }
    }
    printf("NO\n");
}
int main()
{
    int n,xq,yq,xz,yz;
    while (~scanf("%d %d",&h,&l),h!=0||l!=0)
    {
        for (int i=1;i<=h;i++)
            for (int j=1;j<=l;j++)
                scanf("%d",&dt[i][j]);
        scanf("%d",&n);
        while (n--)
        {
            scanf("%d %d %d %d",&xq,&yq,&xz,&yz);
            BFS(xq,yq,xz,yz);
        }
    }
    return 0;
}