bzoj3124: [Sdoi2013]直径

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解法：
两个傻逼结论：
首先肯定在同一条直径上。因为每条直径都要经过这一段。
肯定是连续的一段。
因为如果你有两段的话。那么敢问这两段之间的路径你是怎么走过去的（树上两点路径唯一！）

这样的话就很好做了。
随便找条直径。
在这条直径上确定一条路径。使得这条路径上：
任意一点都不可能从别的分支扩展出直径。
懒得画图直接文字描述。
假设求出了一条直径是1->2->5->7
那么从2开始问（因为1肯定没有儿子了，要不然它不会是直径的端点）
那么我们可以记录1到2的距离，假设为t。
然后看看2能不能从别的分支走出一个距离t。如果可以那么2之前的边都不在所有直径的交集上

问到5就记录下1到5的距离，假设为T。
然后看看5能不能从别的分支走出一个T。可以的话那么5之前的边也都不行。
以此类推。

正着问一次倒着问一次。
就确定出了范围。
然后就可以求解了呀。

代码实现：

#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
typedef long long ll;
struct node {int x,y,next;ll d;}a[510000];int len,last[210000];
void ins(int x,int y,ll d) {len++;a[len].x=x;a[len].y=y;a[len].d=d;a[len].next=last[x];last[x]=len;}
int G,fa[210000],bian[210000];ll D;
void dfs(int x,ll d,int f) {
    if(Dfor(int k=last[x];k;k=a[k].next) {
        int y=a[k].y;
        if(y!=f){fa[y]=x;bian[y]=k;dfs(y,d+a[k].d,x);}
    }
}
int s[210000];
ll T;bool v[210000];
void dfs1(int x,ll d,int f) {
    if(Tfor(int k=last[x];k;k=a[k].next) {
        int y=a[k].y;
        if(v[y]==true&&y!=f) dfs1(y,d+a[k].d,x);
    }
}
int ans;
void dfs2(int x,int d,int f,int ed) {
    if(x==ed){ans=d;return ;}
    for(int k=last[x];k;k=a[k].next) {
        int y=a[k].y;
        if(y!=f) dfs2(y,d+1,x,ed);
    }
}
int main() {
    int n;scanf("%d",&n);len=0;memset(last,0,sizeof(last));
    for(int i=1;iint x,y;ll d;scanf("%d%d%lld",&x,&y,&d);
        ins(x,y,d);ins(y,x,d);
    }
    int X,Y;
    memset(bian,0,sizeof(bian));dfs(1,0,0);X=G;D=0;dfs(X,0,0);Y=G;
    int x=Y,slen=0;memset(v,true,sizeof(v));
    while(x!=X) {s[++slen]=x;v[x]=false;x=fa[x];}
    s[++slen]=X;v[X]=false;
    int ansx=Y;ll K=a[bian[s[1]]].d;
    for(int i=2;i<=slen;i++) {
        T=0;dfs1(s[i],0,0);
        if(T==K)ansx=s[i];K+=a[bian[s[i]]].d;
    }
    for(int i=slen;i>=2;i--) bian[s[i]]=bian[s[i-1]];bian[s[1]]=0;
    int ansy=X;K=a[bian[s[slen]]].d;
    for(int i=slen-1;i>=1;i--) {
        T=0;dfs1(s[i],0,0);
        if(T==K)ansy=s[i];K+=a[bian[s[i]]].d;
    }dfs2(ansx,0,0,ansy);printf("%lld\n%d\n",D,ans);
    return 0;
}