树上莫队算法
继续回来写博客……记录点有意思的题目什么的。
貌似写过这个的没多少人……所以我也记录一点。
首先序列上的莫队大家都应该很熟悉了……
那么树上的莫队要怎么搞呢？
先来看个题目……SPOJ COT2：求树上两点间路径上有多少个不同的点权。
序列上的莫队是把询问按照左端点分块了……可是树上没有左端点，怎么办呢？我们把树分块。
按照DFS时间戳顺序，将树分成O(sqrt(n))个大小为O(sqrt(n))的块，那么树上的莫队询问排序的第一关键字就是第一个节点所在的块了！
这样分块以后，任意两个块之间的距离也是O(sqrt(n))级别的，所以时间复杂度是有保证的。
第二个关键字自然就是节点的DFS时间戳了！
但是，还有一个问题。树上的区间要怎么转移呢？要怎么从一个区间变到另一个区间呢？
这就有些难了，因为树上有LCA，貌似不好处理。
Orz了wyfcyx后，找到了vfk的博客看了一下。
“
用S(v, u)代表 v到u的路径上的结点的集合。
用root来代表根结点，用lca(v, u)来代表v、u的最近公共祖先。
那么
S(v, u) = S(root, v) xor S(root, u) xor lca(v, u)
其中xor是集合的对称差。
简单来说就是
节点出现两次消掉。
lca很讨厌，于是再定义
T(v, u) = S(root, v) xor S(root, u)
观察将curV移动到targetV前后T(curV, curU)变化：
T(curV, curU) = S(root, curV) xor S(root, curU)
T(targetV, curU) = S(root, targetV) xor S(root, curU)
取对称差：
T(curV, curU) xor
T(targetV, curU)
= (S(root, curV) xor S(root, curU)) xor (
S(root, targetV) xor S(root, curU))
由于对称差的交换律、结合律：
T(curV, curU) xor
T(targetV, curU)
= S(root, curV) xor
S(root, targetV)
两边同时xor
T(curV, curU)：
T(targetV, curU)
=
T(curV, curU) xor
S(root, curV) xor
S(root, targetV)
发现最后两项很爽……哇哈哈
T(targetV, curU)
=
T(curV, curU) xor T
(curV,
targetV)
（有公式恐惧症的不要走啊 T_T）
也就是说，更新的时候，xor
T
(curV,
targetV)就行了。
即，对curV到targetV路径(除开lca(curV, targetV))上的结点，将它们的存在性取反即可。
”
——vfk博客
这样就很好处理了，只要把LCA扔出去，考虑剩下的部分，转移一下就可以了。查答案的时候再把LCA那个点反过来，就能统计出答案了。
——vfk博客
这样就很好处理了，只要把LCA扔出去，考虑剩下的部分，转移一下就可以了。查答案的时候再把LCA那个点反过来，就能统计出答案了。
这样，类比序列上的莫队，我们对树上的询问也可以分块了，时间复杂度同样是O(nsqrt(n))。
BZOJ 3757貌似是同一个题，就贴这个代码吧……COT2没写……SPOJ上怕T……
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
inline int getint()
{
char c=getchar();
int con=0;
while(c<'0'||c>'9') c=getchar();
while(c>='0'&&c<='9') con=con*10+c-'0',c=getchar();
return con;
}
const int MAXN=100010;
int n,m,K,lca,u,v,c[MAXN],dfn[MAXN],belongn[MAXN];
int tot,root,dfs_clock,remain;
int head[MAXN],to[MAXN],next[MAXN],cnt;
int anc[MAXN][21],dep[MAXN],Log[MAXN];
int Stack[MAXN],top;
int p[MAXN],ans,con[MAXN];
bool used[MAXN];
struct Query
{
int u,v,a,b,sub;
friend bool operator<(const Query &i,const Query &j)
{
if(belongn[i.u]==belongn[j.u]) return dfn[i.v]=K)
{
tot++;
for(int i=1;i<=size;i++)
belongn[Stack[top--]]=tot;
size=0;
}
}
Stack[++top]=x;
return size+1;
}
int LCA(int p,int q)
{
if(dep[p]=0;i--)
if(d&(1<=0;i--)
if(anc[p][i]!=anc[q][i]) p=anc[p][i],q=anc[q][i];
if(p!=q) return anc[p][0];
else return p;
}
void work(int u,int v,int lca)
{
while(u!=lca)
{
if(!used[u]) {p[c[u]]++,used[u]=true;if(p[c[u]]==1) ans++;}
else {p[c[u]]--,used[u]=false;if(p[c[u]]==0) ans--;}
u=anc[u][0];
}
while(v!=lca)
{
if(!used[v]) {p[c[v]]++,used[v]=true;if(p[c[v]]==1) ans++;}
else {p[c[v]]--,used[v]=false;if(p[c[v]]==0) ans--;}
v=anc[v][0];
}
}
int main()
{
//freopen("apple.in","r",stdin);
//freopen("apple.out","w",stdout);
n=getint(),m=getint();
K=(int)sqrt(n);
for(int i=1;i<=n;i++) c[i]=getint();
for(int i=1;i<=n;i++)
{
u=getint(),v=getint();
if(u==0) root=v;
else if(v==0) root=u;
else adde(u,v);
}
for(int i=1;i<=m;i++)
{
Q[i].u=getint(),Q[i].v=getint();
Q[i].a=getint(),Q[i].b=getint();
Q[i].sub=i;
}
remain=DFS(root);
for(int i=1;i<=remain;i++) belongn[Stack[top--]]=tot;
sort(Q+1,Q+m+1);
Log[0]=-1;
for(int i=1;i<=n;i++) Log[i]=Log[i>>1]+1;
for(int i=1;i<=Log[n];i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
anc[j][i]=anc[anc[j][i-1]][i-1];
work(Q[1].u,Q[1].v,lca=LCA(Q[1].u,Q[1].v));
if(!used[lca]) {p[c[lca]]++,used[lca]=true;if(p[c[lca]]==1) ans++;}
else {p[c[lca]]--,used[lca]=false;if(p[c[lca]]==0) ans--;}
con[Q[1].sub]=ans;
if(p[Q[1].a]!=0&&p[Q[1].b]!=0) con[Q[1].sub]--;
if(!used[lca]) {p[c[lca]]++,used[lca]=true;if(p[c[lca]]==1) ans++;}
else {p[c[lca]]--,used[lca]=false;if(p[c[lca]]==0) ans--;}
for(int i=2;i<=m;i++)
{
work(Q[i-1].u,Q[i].u,LCA(Q[i-1].u,Q[i].u));
work(Q[i-1].v,Q[i].v,LCA(Q[i-1].v,Q[i].v));
lca=LCA(Q[i].u,Q[i].v);
if(!used[lca]) {p[c[lca]]++,used[lca]=true;if(p[c[lca]]==1) ans++;}
else {p[c[lca]]--,used[lca]=false;if(p[c[lca]]==0) ans--;}
con[Q[i].sub]=ans;
if(p[Q[i].a]!=0&&p[Q[i].b]!=0&&Q[i].a!=Q[i].b) con[Q[i].sub]--;
if(!used[lca]) {p[c[lca]]++,used[lca]=true;if(p[c[lca]]==1) ans++;}
else {p[c[lca]]--,used[lca]=false;if(p[c[lca]]==0) ans--;}
}
for(int i=1;i<=m;i++) printf("%d\n",con[i]);
return 0;
} （未完待续……）
WC2013 糖果公园 待填坑
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
typedef long long LL;
const int MAXN=300010;
int n,m,u,v,Q,K,Type,C[MAXN],Ctmp[MAXN];
LL V[MAXN],W[MAXN],ans,con[MAXN];
int head[MAXN],to[MAXN],next[MAXN],cnt;
int belongn[MAXN],tot,remain;
int anc[MAXN][20],dep[MAXN],Log[MAXN];
int Stack[MAXN],top;
int Qtot,Ctot,Query_clock=1;
int p[MAXN],lca;
bool used[MAXN];
struct QQ
{
int x,y,t,id;
friend bool operator<(const QQ &i,const QQ &j)
{
if(belongn[i.x]=K)
{
tot++;
for(int i=1;i<=size;i++) belongn[Stack[top--]]=tot;
size=0;
}
}
Stack[++top]=x;
return size+1;
}
int LCA(int p,int q)
{
if(dep[p]=0;i--)
if(d&(1<=0;i--)
if(anc[p][i]!=anc[q][i]) p=anc[p][i],q=anc[q][i];
if(p!=q) return anc[p][0];
return p;
}
void Reverse(int x)
{
if(!used[x]) p[C[x]]++,ans+=V[C[x]]*W[p[C[x]]];
else ans-=V[C[x]]*W[p[C[x]]],p[C[x]]--;
used[x]^=1;
}
void ChangeVer(int x,int d)
{
int pos=Change[x].pos;
if(d==1)
{
if(used[pos]) Reverse(pos),C[pos]=Change[x].y,Reverse(pos);
else C[pos]=Change[x].y;
}
else
{
if(used[pos]) Reverse(pos),C[pos]=Change[x].x,Reverse(pos);
else C[pos]=Change[x].x;
}
}
void work(int x,int y,int lca)
{
while(x!=lca) Reverse(x),x=anc[x][0];
while(y!=lca) Reverse(y),y=anc[y][0];
}
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&Q);
K=(int)pow((double)n,2.0/3);
for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%lld",&V[i]);
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%lld",&W[i]);
for(int i=1;i>1]+1;
for(int i=1;i<=Log[n];i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
anc[j][i]=anc[anc[j][i-1]][i-1];
work(Query[1].x,Query[1].y,lca=LCA(Query[1].x,Query[1].y));
for(int i=1;i=Query[i].t;j--) ChangeVer(j,-1);
lca=LCA(Query[i].x,Query[i].y);
Reverse(lca),con[Query[i].id]=ans,Reverse(lca);
}
for(int i=1;i<=Qtot;i++) printf("%lld\n",con[i]);
return 0;
}