Codeforces 1106E. Lunar New Year and Red Envelopes（DP）

E. Lunar New Year and Red Envelopes

题意：
在长度为n的时间轴上，有k个红包，每个红包有领取时间段[s,t]，价值w，以及领了个这个红包之后，在时间d到来之前无法再进行领取操作。每次领取的策略是取当前可领取红包中w最大的，w相同时取d最大的。再给m个干扰机会，一个干扰机会可以使其在任意一个x这个时间点无法进行领取操作直到x+1。问最优使用不超过m次干扰下，将领取的最小红包价值总和。(n,k<=1e5,m<=200)
思路：
这场因为评测机出问题，UR了。前四题没什么价值，这题DP的感觉出的挺好。
虽然状态的定义和转移没什么难度（dp[i][j]从i到n使用j次干扰的最小领取红包价值，这样定义方便倒着推，倒着推则是由于红包的d属性的存在），但是处理每个时间点应该领取哪个红包的实现方式挺巧妙的，用两个vector数组分别记录每个时间点有哪些红包出现和消失，再用set动态维护当前应领取的红包。
代码：

#include
#define dd(x) cout<<#x<<" = "< P;
typedef priority_queue
 BQ;
typedef priority_queue,greater > SQ;
const int maxn=1e5+10,mod=1e9+7,INF=0x3f3f3f3f;
vector > S[maxn],T[maxn];
multiset > st;
ll dp[maxn][205];
int main()
{
    int n,m,k;
    cin>>n>>m>>k;
    for (int i=1;i<=k;++i)
    {
        int s,t,d,w;
        scanf("%d%d%d%d",&s,&t,&d,&w);
        S[s-1].pb(mp(mp(w,d),i)),T[t].pb(mp(mp(w,d),i));
    }
    memset(dp,INF,sizeof(dp));
    dp[n+1][0]=0;
    for (int i=n;i;--i)
    {
        for (auto& j:T[i])
            st.insert(j);
        for (auto& j:S[i])
            st.erase(j);
        if (st.empty())
            for (int j=0;j<=m;++j)
                dp[i][j]=dp[i+1][j];
        else
        {
            int w=st.rbegin()->fi.fi,d=st.rbegin()->fi.se;
            for (int j=0;j<=m;++j)
                dp[i][j]=dp[d+1][j]+w;
            for (int j=1;j<=m;++j)
                dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i+1][j-1]);
        }
    }
    cout<<*min_element(dp[1],dp[1]+m+1);
    return 0;
}