heyuhhh

Codeforces Round #632 (Div. 2)

传送门

A. Little Artem

签到。

Code

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/4/8 22:36:43
 */
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template  class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T  &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair pii;
//head
const int N = 100 + 5;
 
int a[N][N];
 
void run() {
    int n, m; cin >> n >> m;
    for(int i = 1; i <= n; i++) 
        for(int j = 1; j <= m; j++) 
            a[i][j] = ((i + j) & 1);
    if(n * m % 2 == 0) {
        if((n + m) & 1) a[n][m] = 0;
        else {
            a[n][m] ^= 1;
            for(int i = 1; i <= n; i++) 
                for(int j = 1; j <= m; j++)
                    a[i][j] ^= 1;
        }
    }
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        for(int j = 1; j <= m; j++) {
            cout << (a[i][j] ? "W" : "B");
        }cout << '\n';
    }
}
 
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    int T; cin >> T;
    while(T--) run();
    return 0;
}

B. Kind Anton

签到。

Code

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/4/8 22:50:49
 */
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template  class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T  &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair pii;
//head
const int N = 1e5 + 5;
 
int n;
int a[N], b[N];
 
void run() {
    cin >> n;
    for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i];
    for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> b[i];
    bool f1 = false, f2 = false;
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        if(a[i] != b[i]) {
            if(a[i] < b[i]) {
                if(!f1) {
                    cout << "NO" << '\n';
                    return;   
                }
            } else {
                if(!f2) {
                    cout << "NO" << '\n';
                    return;   
                }
            }
        }   
        if(a[i] == 1) f1 = true;
        if(a[i] == -1) f2 = true;       
    }
    cout << "YES" << '\n';
}
 
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    int T; cin >> T;
    while(T--) run();
    return 0;
}

C. Eugene and an array

题意：
给定一个序列，询问该序列含有多少个连续子区间，满足该子区间中不含有任意一段其和为\(0\)。

思路：
得到序列\(a\)的前缀和数组\(sum\)，那么区间\([l,r]\)和为\(0\)等价于\(sum_{l-1}=sum_r\)。
那么从后往前枚举区间左端点，维护最远的区间右端点计算答案即可。

Code

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/4/8 22:58:55
 */
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template  class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T  &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair pii;
//head
const int N = 2e5 + 5;
 
int n;
int a[N];
ll sum[N];
 
void run() {
    cin >> n;
    for(int i = 1; i <= n; i++) cin >> a[i], sum[i] = sum[i - 1] + a[i];
    map  mp;
    ll ans = 0;
    int rb = n + 1;
    for(int i = n; i >= 0; i--) {
        if(mp.find(sum[i]) != mp.end()) {
            int l = min(rb, mp[sum[i]]) - i - 1;
            ans += l;
            rb = min(rb, mp[sum[i]]);
        } else ans += rb - i - 1;
        mp[sum[i]] = i;
    }
    cout << ans << '\n';
}
 
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    run();
    return 0;
}

D. Challenges in school №41

题意：
\(n\)个人占成一列，每个人都有一个朝向，若两个人面面相对则可以在一次操作中他们两个人朝向进行翻转。
一次操作中可以选择多对满足条件的人进行翻转。
问是否能在恰好\(k\)次操作使得不存在两个人面面相对。

思路：

抽象成给出一个\(01\)串，若遇到\(10\)则交换这两个数。
容易发现操作过程类似于冒泡排序，因此总的交换次数不会超过\(n^2\)。
因此暴力交换即可，用一个\(vector\)存储操作最少的情况下每次操作最多交换的对数。
之后贪心来凑\(k\)即可。

细节见代码：

Code

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/4/9 0:12:01
 */
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template  class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T  &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair pii;
//head
const int N = 3000 + 5;
 
int n, k;
char s[N];
vector > v;
 
void run() {
    cin >> n >> k;
    cin >> (s + 1);
    int Min = 0, Max = 0;
    while(1) {
        vector  t;
        for(int i = 1; i < n; i++) {
            if(s[i] == 'R' && s[i + 1] == 'L') {
                t.push_back(i);
                swap(s[i], s[i + 1]);
                ++i;
            }
        }   
        if(sz(t) == 0) break;
        ++Min, Max += sz(t);
        v.push_back(t);
    }
    if(k >= Min && k <= Max) {
        int now = 0;
        for(int i = 0; i < sz(v); i++) {
            if(now + sz(v[i]) + sz(v) - i - 1 <= k) {
                now += sz(v[i]);
                for(auto it : v[i]) {
                    cout << 1 << ' ' << it << '\n';
                }
            } else {
                int h = k - sz(v) + i + 1 - now;
                if(h > 1) for(int j = 0; j < h - 1; j++) {
                    cout << 1 << ' ' << v[i][j] << '\n';
                    ++now;
                }
                ++now;
                cout << sz(v[i]) - h + 1 << ' ';
                for(int j = h - 1; j < sz(v[i]); j++) {
                    cout << v[i][j] << ' ';   
                }
                cout << '\n';
            }
        }
    } else {
        cout << -1 << '\n';
        return;  
    } 
}
 
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    run();
    return 0;
}

E. Road to 1600

题意：
\(n*n\)棋盘上有两种棋子，每种棋子行动路径分别如下：

现在每个格子上有一个\(1\)~\(n*n\)大小的权值，两个棋子分别从\(1\)出发，按照以下规则进行行走：

到达当前行动路径上权值最小且没有被访问过的格子，将其标记访问；
若当前行动路径上格子都被访问，那么花费\(1\)的代价到达一个权值最小且未被访问过的格子；
若所有格子已被访问，那么停止操作。

现在要求构造一种权值方案，使得第一种棋子消耗的代价小于第二种棋子所消耗的代价。

思路：
这个题乍一看神仙构造题，对于\(n\)较大的情况，两种棋子的行走规律完全无法琢磨。但是注意到两种棋子存在重合的路径，也就是说两个棋子在横竖方向可以按照相同的路径行走。
\(n\)较小的情况我们可以手动进行构造，易发现\(n=1,2\)时不存在合法方案，\(n=3\)的情况可能会存在合法方案。这时我们可以暴力打表/手动构造出合法的方案。
\(n>3\)呢？此时依旧可以暴力打表，但这个题直接暴力计算时间复杂度不能承受。
注意到刚才提到的性质：两个棋子在水平或者垂直方向可以走相同的路径。
那么对于\(n>3\)的情况，我们只需要两个棋子都从外圈往里绕，那么问题即可转化为\(n=3\)的情况了。
总结一下：1.构造出小数据的合法解；2.利用性质将规模缩小，转化为较易求解的问题。

Code

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/4/9 16:41:05
 */
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template  class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T  &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair pii;
//head
const int N = 500 + 5;
 
int now, n;
int a[N][N];
 
void work() {
    int t = n;
    int x, y;
    if((t & 1) == 0) {
        x = t, y = 1;
        while(1) {
            a[x][y] = ++now;
            if(++y > t) break;
        }
        x = t - 1, y = t;
        while(1) {
            a[x][y] = ++now;
            if(--x == 0) break;
        }
        --t;       
    }
    while(t > 3) {
        x = 1, y = t;
        while(1) {
            a[x][y] = ++now;
            if(++x > t) break;
        }
        x = t, y = t - 1;
        while(1) {
            a[x][y] = ++now;
            if(--y == 0) break;
        }
        --t;
        x = t, y = 1;
        while(1) {
            a[x][y] = ++now;
            if(++y > t) break;
        }
        x = t - 1, y = t;
        while(1) {
            a[x][y] = ++now;
            if(--x == 0) break;
        }
        --t;
    }
}
 
void run() {
    cin >> n;
    if(n <= 2) {
        cout << -1 << '\n';
        return;   
    }
    work();
    a[1][3] = ++now, a[1][1] = ++now, a[1][2] = ++now;
    a[2][2] = ++now, a[2][1] = ++now, a[3][2] = ++now;
    a[3][3] = ++now, a[2][3] = ++now, a[3][1] = ++now;
    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        for(int j = 1; j <= n; j++)
            cout << a[i][j] << " \n"[j == n];   
    }
}
 
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    run();
    return 0;
}

F. Kate and imperfection

题意：
给定一个\(1...n\)的集合。
现在回答对于所有\(size=k,k\geq 2\)的集合，\(max\{gcd(a_i,a_j),i\not ={j},a_i,a_j\in subset_k\}\)为多少。

思路：
有两种思路来思考这个题，一个是正向考虑，另一个是反向考虑。
先考虑正向求解：

从小到达枚举答案，考虑贪心加入一些数使得答案不超过枚举值。
当\(ans=1\)时，显然我们需要加入\(1\)和所有的质数；
当\(ans=x\)时，我们只需要考虑加入\(x\cdot p_j,p_j\leq p_i\)，其中\(p_i\)为\(x\)的最小质因子。

简要证明如下：
不妨设我们加入的\(p_j>p_i\)，那么加入的数\(s=x\cdot p_j\)，考虑我们枚举答案到\(\frac{x}{p_i}\)时：

假设我们此时加入\(s\)能使得答案更优，那么之前我们加入\(t=\frac{x}{p_i}\cdot p_j\)也能使得答案更优，然而\(gcd(s,t)>x\)，所以假设不成立。

以上情况有特例，即当\(x=1\)时，\(x\)不存在最小质因子，此时我们贪心选取所有素数即可。
证毕。

那么以上做法就是对的了。其实根据以上做法我们可以进一步归纳，每个数被选入集合中的答案即为\(\frac{x}{p_i}\)。所以最后按照这个排个序输出即可。
代码如下：

Code

/*
 * Author:  heyuhhh
 * Created Time:  2020/4/9 15:53:38
 */
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
  void err() { std::cout << std::endl; }
  template
  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
  template  class T, typename t, typename... A> 
  void err(const T  &arg, const A&... args) {
  for (auto &v : arg) std::cout << v << ' '; err(args...); }
#else
  #define dbg(...)
#endif
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair pii;
//head
const int N = 5e5 + 5;
 
int ans[N];
bool vis[N];
int n;
 
void run() {
    cin >> n;
    ans[1] = 1;
    for(int i = 2; i <= n; i++) {
        if(!vis[i]) {
            ans[i] = 1;
            for(ll j = 1ll * i * i; j <= n; j += i) {
                if(!vis[j]) ans[j] = j / i;
                vis[j] = true;
            }   
        }
    }
    sort(ans + 1, ans + n + 1);
    for(int i = 2; i <= n; i++) cout << ans[i] << " \n"[i == n];
}
 
int main() {
    ios::sync_with_stdio(false);
    cin.tie(0); cout.tie(0);
    cout << fixed << setprecision(20);
    run();
    return 0;
}

反向考虑的话即是按照答案从大到小考虑：

若\(ans=n\)，易求得此时最大\(gcd=x\)；
之后会依次删除一个数，那么我们每次肯定会删除\(x\)的倍数，直至留下一个\(x\)的倍数，那么答案就会减小。

这种思考起来较为简单，但是代码写起来会麻烦一些。

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在C语言中，宏函数是通过预处理器定义的，它在编译之前替换代码中的宏调用。宏函数可以模拟函数的行为，但它们不是真正的函数，因为它们在编译时不会进行类型检查，也不会分配存储空间。宏函数的定义通常使用#define指令，后面跟着宏的名称和参数列表，以及宏展开后的代码。宏函数的定义方式：1.基本宏函数：这是最简单的宏函数形式，它直接定义一个表达式。#defineSQUARE(x)((x)*(x))2.带参
2021年12月19日，春蕾教育集团团建活动感受——黄晓丹黄错错加油
感受:1.从陌生到熟悉的过程。游戏环节让我们在轻松的氛围中得到了锻炼，也增长了不少知识。2.游戏过程中，我们贡献的是个人力量，展现的是团队的力量。它磨合的往往不止是工作的熟悉，更是观念上契合度的贴近。3.这和工作是一样的道理。在各自的岗位上，每个人摆正自己的位置、各司其职充分发挥才能，并团结一致劲往一处使，才能实现最大的成功。新知:1.团队精神需要不断地创新。过去，人们把创新看作是冒风险，现在人们
《投行人生》读书笔记小蘑菇的树洞
《投行人生》----作者詹姆斯-A-朗德摩根斯坦利副主席40年的职业洞见-很短小精悍的篇幅，比较适合初入职场的新人。第一部分成功的职业生涯需要规划1.情商归为适应能力分享与协作同理心适应能力，更多的是自我意识，你有能力识别自己的情并分辨这些情绪如何影响你的思想和行为。2.对于初入职场的人的建议，细节，截止日期和数据很重要截止日期，一种有效的方法是请老板为你所有的任务进行优先级排序。和老板喝咖啡的好
《策划经理回忆录之二》路基雅虎
话说三年变六年，飘了，飘了……眨眼，2013年5月，老吴回到了他的家乡——油城从新开启他的工作幻想症生涯。很庆幸，这是一家很有追求，同时敢于尝试的，且实力不容低调的新星房企——金源置业(前身泰源置业)更值得庆幸的是第一个盘就是油城十路的标杆之一:金源盛世。2013年5月，到2015年11月，两年的陪伴，迎来了一场大爆发。2000个筹，5万/筹，直接回笼1个亿！！！这……让我开始认真审视这座看似五线
Long类型前后端数据不一致 igotyback 前端
响应给前端的数据浏览器控制台中response中看到的Long类型的数据是正常的到前端数据不一致前后端数据类型不匹配是一个常见问题，尤其是当后端使用Java的Long类型（64位）与前端JavaScript的Number类型（最大安全整数为2^53-1，即16位）进行数据交互时，很容易出现精度丢失的问题。这是因为JavaScript中的Number类型无法安全地表示超过16位的整数。为了解决这个问
swagger访问路径 igotyback swagger
Swagger2.x版本访问地址：http://{ip}:{port}/{context-path}/swagger-ui.html{ip}是你的服务器IP地址。{port}是你的应用服务端口，通常为8080。{context-path}是你的应用上下文路径，如果应用部署在根路径下，则为空。Swagger3.x版本对于Swagger3.x版本（也称为OpenAPI3）访问地址：http://{ip
扫地机类清洁产品之直流无刷电机控制悟空胆好小清洁服务机器人单片机人工智能
扫地机类清洁产品之直流无刷电机控制1.1前言扫地机产品有很多的电机控制，滚刷电机1个，边刷电机1-2个，清水泵电机，风机一个，部分中高端产品支持抹布功能，也就是存在抹布盘电机，还有追觅科沃斯石头等边刷抬升电机，滚刷抬升电机等的，这些电机有直流有刷电机，直接无刷电机，步进电机，电磁阀，挪动泵等不同类型。电机的原理，驱动控制方式也不行。接下来一段时间的几个文章会作个专题分析分享。直流有刷电机会自动持续
Linux下QT开发的动态库界面弹出操作（SDL2） 13jjyao QT类 qt 开发语言 sdl2 linux
需求：操作系统为linux，开发框架为qt，做成需带界面的qt动态库，调用方为java等非qt程序难点：调用方为java等非qt程序，也就是说调用方肯定不带QApplication::exec()，缺少了这个，QTimer等事件和QT创建的窗口将不能弹出(包括opencv也是不能弹出)；这与qt调用本身qt库是有本质的区别的思路：1.调用方缺QApplication::exec()，那么我们在接口
绘本讲师训练营【24期】8/21阅读原创《独生小孩》 1784e22615e0
24016-孟娟《独生小孩》图片发自App今天我想分享一个蛮特别的绘本，讲的是一个特殊的群体，我也是属于这个群体，80后的独生小孩。这是一本中国绘本，作者郭婧，也是一个80厚。全书一百多页，均为铅笔绘制，虽然为黑白色调，但并不显得沉闷。全书没有文字，犹如“默片”，但并不影响读者对该作品的理解，反而显得神秘，梦幻，給读者留下想象的空间。作者在前蝴蝶页这样写到：“我更希望父母和孩子一起分享这本书，使他
30天风格练习-DAY2 黄希夷
Day2（重义）在一个周日/一周的最后一天，我来到位于市中心/市区繁华地带的一家购物中心/商场，中心内人很多/熙熙攘攘。我注意到/看见一个独行/孤身一人的年轻女孩/，留着一头引人注目/长过腰际的头发，上身穿一件暗红色/比正红色更深的衣服/穿在身体上的东西。走下扶梯的时候，她摔倒了/跌向地面，在她正要站起来/让身体离开地面的时候，过长/超过一般人长度的头发被支撑身体/躯干的手掌压/按在下面，她赶紧用
店群合一模式下的社区团购新发展——结合链动 2+1 模式、AI 智能名片与 S2B2C 商城小程序源码说私域人工智能小程序
摘要：本文探讨了店群合一的社区团购平台在当今商业环境中的重要性和优势。通过分析店群合一模式如何将互联网社群与线下终端紧密结合，阐述了链动2+1模式、AI智能名片和S2B2C商城小程序源码在这一模式中的应用价值。这些创新元素的结合为社区团购带来了新的机遇，提升了用户信任感、拓展了营销渠道，并实现了线上线下的完美融合。一、引言随着互联网技术的不断发展，社区团购作为一种新兴的商业模式，在满足消费者日常需
向内而求陈陈_19b4
10月27日，阴。阅读书目:《次第花开》。作者:希阿荣博堪布，是当今藏传佛家宁玛派最伟大的上师法王，如意宝晋美彭措仁波切颇具影响力的弟子之一。多年以来，赴海内外各地弘扬佛法，以正式授课、现场开示、发表文章等多种方法指导佛学弟子修行佛法。代表作《寂静之道》、《生命这出戏》、《透过佛法看世界》自出版以来一直是佛教类书籍中的畅销书。图片发自App金句:1.佛陀说，一切痛苦的根源在于我们长期以来对自身及外
2021-08-26 影幽
在生活中，女人与男人的感悟往往有所不同。人生最大的舞台就是生活，大幕随时都可能拉开，关键是你愿不愿意表演都无法躲避。在生活中，遇事不要急躁，不要急于下结论，尤其生气时不要做决断，要学会换位思考，大事化小小事化了，把复杂的事情尽量简单处理，千万不要把简单的事情复杂化。永远不要扭曲，别人善意，无药可救。昨天是张过期的支票，明天是张信用卡，只有今天才是现金，要善加利用！执着的攀登者不必去与别人比较自己的
ArcGIS栅格计算器常见公式（赋值、0和空值的转换、补充栅格空值）研学随笔 arcgis 经验分享
我们在使用ArcGIS时通常经常用到栅格计算器，今天主要给大家介绍我日常中经常用到的几个公式，供大家参考学习。将特定值（-9999）赋值为0，例如-9999.Con("raster"==-9999,0,"raster")2.给空值赋予特定的值（如0）Con(IsNull("raster"),0,"raster")3.将特定的栅格值(如1)赋值为空值，其他保留原值SetNull("raster"==
高级编程--XML+socket练习题 masa010 java 开发语言
1.北京华北2114.8万人上海华东2,500万人广州华南1292.68万人成都华西1417万人（1）使用dom4j将信息存入xml中（2）读取信息，并打印控制台（3）添加一个city节点与子节点（4）使用socketTCP协议编写服务端与客户端，客户端输入城市ID，服务器响应相应城市信息（5）使用socketTCP协议编写服务端与客户端，客户端要求用户输入city对象，服务端接收并使用dom4j
抖音乐买买怎么加入赚钱?赚钱方法是什么测评君高省
你会在抖音买东西吗?如果会，那么一定要免费注册一个乐买买，抖音直播间，橱窗，小视频里的小黄车买东西都可以返佣金!省下来都是自己的，分享还可以赚钱乐买买是好省旗下的抖音返佣平台，乐买买分析社交电商的价值，乐买买属于今年难得的副业项目风口机会，2019年错过做好省的搞钱的黄金时期，那么2022年千万别再错过乐买买至于我为何转到高省呢？当然是高省APP佣金更高，模式更好，终端用户不流失。【高省】是一个自
开心蒋泳频
从无比抗拒来上课到接受，感动，收获～看着波哥成长，晶晶幸福笑容满面。感觉自己做的事情很有意义，很开心！还有3个感召目标就是还有三个有缘人，哈哈。明天感召去明日计划：8：30-11：00小公益11：00-21点上班，感召图片发自App图片发自App图片发自App
2018-07-23-催眠日作业-#不一样的31天#-66小鹿小鹿_33
预言日：人总是在逃避命运的路上，与之不期而遇。心理学上有个著名的名词，叫做自证预言；经济学上也有一个很著名的定律叫做，墨菲定律；在灵修派上，还有一个很著名的法则，叫做吸引力法则。这3个领域的词，虽然看起来不太一样，但是他们都在告诉人们一个现象：你越担心什么，就越有可能会发生什么。同样的道理，你越想得到什么，就应该要积极地去创造什么。无论是自证预言，墨菲定律还是吸引力法则，对人都有正反2个维度的影响
水平垂直居中的几种方法（总结） LJ小番茄 CSS_玄学语言 html javascript 前端 css css3
1.使用flexbox的justify-content和align-items.parent{display:flex;justify-content:center;/*水平居中*/align-items:center;/*垂直居中*/height:100vh;/*需要指定高度*/}2.使用grid的place-items:center.parent{display:grid;place-item
本周第二次约练 2cfbdfe28a51
中原焦点团队中24初26刘霞2021.12.3约练161次，分享第368天当事人虽然是带着问题来的，但是咨询过程中发现，她是经过自己不断地调整和努力才走到现在的，看到当事人的不容易，找到例外，发现资源，力量感也就随之而来。增强画面感，或者说重温，会给当事人带来更深刻的感受。
回溯 Leetcode 332 重新安排行程 mmaerd Leetcode刷题学习记录 leetcode 算法职场和发展
重新安排行程Leetcode332学习记录自代码随想录给你一份航线列表tickets，其中tickets[i]=[fromi,toi]表示飞机出发和降落的机场地点。请你对该行程进行重新规划排序。所有这些机票都属于一个从JFK（肯尼迪国际机场）出发的先生，所以该行程必须从JFK开始。如果存在多种有效的行程，请你按字典排序返回最小的行程组合。例如，行程[“JFK”,“LGA”]与[“JFK”,“LGB
今日联对0306 诗图佳得
自对联：烟销皓月临江浒，水漫金山荡塔裙。一一肖士平2020.3.6.1、试对肖老师联：烟销皓月临江浒，夜笼寒沙梦晚舟。耀哥求正2、试对萧老师联:烟销浩月临江浒，雾散乾坤解汉城。秀霞习作请各位老师校正3、自对联：烟销皓月临江浒，水漫金山荡塔裙。一一肖士平2020.3.6.4、试对肖老师垫场联：烟销皓月临江浒，雾锁寒林缈葉丛。小智求正[抱拳]5、试对肖老师联：烟销皓月临江浒；风卷乱云入峰巅。一一五品6
每日一题——第八十九题互联网打工人no1 C语言程序设计每日一练 c语言
题目：在字符串中找到提取数字，并统计一共找到多少整数，a123xxyu23&8889，那么找到的整数为123，23，8889//思想：#include#include#includeintmain(){charstr[]="a123xxyu23&8889";intcount=0;intnum=0;//用于临时存放当前正在构建的整数。boolinNum=false;//用于标记当前是否正在读取一个整
2022-07-08 保利学府里李楚怡1307022
——保利碧桂园学府里——童梦奇趣【科学实验室】「7.9-7.10」✏玩出大智慧约99-144㎡二期全新升级力作
每日一题——第八十一题互联网打工人no1 C语言程序设计每日一练 c语言
打印如下图案:#includeintmain(){inti,j;charch='A';for(i=1;i<5;i++,ch++){for(j=0;j<5-i;j++){printf("");//控制空格输出}for(j=1;j<2*i;j++)//条件j<2*i{printf("%c",ch);//控制字符输出}printf("\n");}return0;}
JAVA基础灵静志远位运算加载 Date 字符串池覆盖
一、类的初始化顺序 1 （静态变量，静态代码块）-->（变量，初始化块）--> 构造器同一括号里的，根据它们在程序中的顺序来决定。上面所述是同一类中。如果是继承的情况，那就在父类到子类交替初始化。二、String 1 String a = "abc"; JAVA虚拟机首先在字符串池中查找是否已经存在了值为"abc"的对象，根
keepalived实现redis主从高可用 bylijinnan redis
方案说明两台机器（称为A和B），以统一的VIP对外提供服务 1.正常情况下，A和B都启动，B会把A的数据同步过来（B is slave of A） 2.当A挂了后，VIP漂移到B；B的keepalived 通知redis 执行：slaveof no one，由B提供服务 3.当A起来后，VIP不切换，仍在B上面；而A的keepalived 通知redis 执行slaveof B，开始
java文件操作大全 0624chenhong java
最近在博客园看到一篇比较全面的文件操作文章，转过来留着。 http://www.cnblogs.com/zhuocheng/archive/2011/12/12/2285290.html 转自http://blog.sina.com.cn/s/blog_4a9f789a0100ik3p.html 一.获得控制台用户输入的信息 &nbs
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任务完成情况搞清楚带箭头的pupupwindows和不带的使用已完成熟练使用pupupwindows和alertdialog，并搞清楚两者的区别已完成熟练使用android的线程handler,并敲示例代码进行中了解游戏2048的流程，并完成其代码工作进行中-差几个actionbar 研究一下android的动画效果，写一个实例已完成复习fragem
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它的基于bootstrap 的 https://raw.github.com/twbs/bootstrap/master/js/transition.js transition.js模块引用顺序 <link rel="stylesheet" href="style/zoom.css"> <script src=&q
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当Oracle发布Solaris 11时，它将自己的操作系统称为第一个面向云的操作系统。Oracle在发布Solaris 11.2时继续它以云为中心的基调。但是，这些说法没有告诉我们为什么Solaris是配得上云的。幸好，我们不需要等太久。Solaris11.2有4个重要的技术可以在一个有效的云实现中发挥重要作用：OpenStack、内核域、统一存档（UA）和弹性虚拟交换（EVS）。
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Spring MVC基于模型-视图-控制器（Model-View-Controller，MVC）实现，能够帮助我们构建像Spring框架那样灵活和松耦合的Web应用程序。 1，跟踪Spring MVC的请求请求的第一站是Spring的DispatcherServlet。与大多数基于Java的Web框架一样，Spring MVC所有的请求都会通过一个前端控制器Servlet。前
hdu4342 History repeat itself-------多校联合五 aijuans 数论
水题就不多说什么了。 #include<iostream>#include<cstdlib>#include<stdio.h>#define ll __int64using namespace std;int main(){ int t; ll n; scanf("%d",&t); while(t--)
EJB和javabean的区别 asia007 bean ejb
EJB不是一般的JavaBean,EJB是企业级JavaBean,EJB一共分为3种,实体Bean,消息Bean,会话Bean,书写EJB是需要遵循一定的规范的,具体规范你可以参考相关的资料.另外,要运行EJB,你需要相应的EJB容器,比如Weblogic,Jboss等,而JavaBean不需要,只需要安装Tomcat就可以了 1.EJB用于服务端应用开发, 而JavaBeans
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Java代码混淆工具 sunjing ProGuard
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【Redis三】基于Redis sentinel的自动failover主从复制 bit1129 redis
在第二篇中使用2.8.17搭建了主从复制，但是它存在Master单点问题，为了解决这个问题，Redis从2.6开始引入sentinel，用于监控和管理Redis的主从复制环境，进行自动failover，即Master挂了后，sentinel自动从从服务器选出一个Master使主从复制集群仍然可以工作，如果Master醒来再次加入集群，只能以从服务器的形式工作。什么是Sentine
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并发容器 shuizhaosi888 并发容器
通过并发容器来改善同步容器的性能，同步容器将所有对容器状态的访问都串行化，来实现线程安全，这种方式严重降低并发性，当多个线程访问时，吞吐量严重降低。并发容器ConcurrentHashMap 替代同步基于散列的Map，通过Lock控制。 &nb
Spring Security（12）——Remember-Me功能 234390216 Spring Security Remember Me 记住我
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　1. 拥有足够的物理内存来把整个InnoDB文件加载到内存中——在内存中访问文件时的速度要比在硬盘中访问时快的多。　　2. 不惜一切代价避免使用Swap交换分区 – 交换时是从硬盘读取的，它的速度很慢。　　3. 使用电池供电的RAM（注：RAM即随机存储器）。　　4. 使用高级的RAID（注：Redundant Arrays of Inexpensive Disks，即磁盘阵列
zoj 3829 Known Notation(贪心) 阿尔萨斯 ZOJ
题目链接：zoj 3829 Known Notation 题目大意：给定一个不完整的后缀表达式，要求有2种不同操作，用尽量少的操作使得表达式完整。解题思路：贪心，数字的个数要要保证比∗的个数多1，不够的话优先补在开头是最优的。然后遍历一遍字符串，碰到数字+1，碰到∗-1,保证数字的个数大于等1，如果不够减的话，可以和最后面的一个数字交换位置（用栈维护十分方便），因为添加和交换代价都是1

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