zmh69695328
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Magic FZU - 2280 字典树加树状数组

题意：给n个长度<=1000的字符串S[i](仅由小写字母构成)，每个字符串有权值w[i]
       有两种操作
       2 k 选中第k个字符串，问你有多少个字符串满足w[i]<=w[k]而且S[k]是S[i]的后缀
       1 k y 把第k个字符串的权值修改为y

用树状数组维护权值出现的个数，因为要满足后缀关系，所以用字典树反向插入，在节点位置标记，使得之后插入的字符串到达该节点时，更新个数，
插入的顺序是长度从小到大，因为有相同字符串存在，所以为每个字符串标记一下在字典树中最后到达的节点上的值（也就是第一个相同串的序号），这样就能统一处理了。详见代码。 
#include   
#include   
#include   
#include   
#include   
#include   
#include   
#include   
#include   
#include   
using namespace std;  
  
const int INF=1e9+10;  
const double EPS = 1e-10;    
typedef long long ll;  
const int mod=1e9+7;

int n;
int ch[100005][27],sz;
int bit[1005][1005],slen[1005],vec[1005],wt[1005];
int val[100005];
int End[1005];
bool cmp(int a,int b){
    return slen[a]=0;i--){

        int c=s[i]-'a';
        if(!ch[u][c]){
            memset(ch[sz],0,sizeof(ch[sz]));
            ch[u][c]=sz++;
        }

        u=ch[u][c];
        if(val[u]){
            add(val[u],wt[k],1);
        }
    }
    if(!val[u]){
        val[u]=k;
        add(k,wt[k],1);
    }
    End[k]=val[u];
}

void update(int k,char *s,int v){
    int len=slen[k],u=0;
    for(int i=len-1;i>=0;i--){
        int c=s[i]-'a';
        u=ch[u][c];
        if(val[u]){
            add(val[u],wt[k],-1);
            add(val[u],v,1);
        }
    }
    wt[k]=v;
}
char s[1005][1005];
int main(){
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while(T--){
        sz=1;
        memset(ch[0],0,sizeof(ch[0]));
        memset(bit,0,sizeof(bit));
        memset(val,0,sizeof(val));
        scanf("%d",&n);
        for(int i=1;i<=n;i++){
            scanf("%s %d",s[i],&wt[i]);
            slen[i]=strlen(s[i]);
            vec[i]=i;
        }
        sort(vec+1,vec+n+1,cmp);
        for(int i=1;i<=n;i++){
            insert(vec[i],s[vec[i]]);
        }
        int t;
        scanf("%d",&t);
        while(t--){
            int op;
            scanf("%d",&op);
            if(op==1){
                int k,v;
                scanf("%d %d",&k,&v);
                update(k,s[k],v);
            }else{
                int k;
                scanf("%d",&k);
                printf("%d\n",getsum(End[k],wt[k]));
            }
        }
    }
    return 0;
}


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  • zoj 3829 Known Notation(贪心) 阿尔萨斯 ZOJ
    题目链接：zoj 3829 Known Notation 题目大意：给定一个不完整的后缀表达式，要求有2种不同操作，用尽量少的操作使得表达式完整。 解题思路：贪心，数字的个数要要保证比∗的个数多1，不够的话优先补在开头是最优的。然后遍历一遍字符串，碰到数字+1，碰到∗-1,保证数字的个数大于等1，如果不够减的话，可以和最后面的一个数字交换位置（用栈维护十分方便），因为添加和交换代价都是1
按字母分类： ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZ其他