ccf 201709-4 通信网络 BFS遍历

问题描述

　　某国的军队由N个部门组成，为了提高安全性，部门之间建立了M条通路，每条通路只能单向传递信息，即一条从部门a到部门b的通路只能由a向b传递信息。信息可以通过中转的方式进行传递，即如果a能将信息传递到b，b又能将信息传递到c，则a能将信息传递到c。一条信息可能通过多次中转最终到达目的地。
　　由于保密工作做得很好，并不是所有部门之间都互相知道彼此的存在。只有当两个部门之间可以直接或间接传递信息时，他们才彼此知道对方的存在。部门之间不会把自己知道哪些部门告诉其他部门。

　　上图中给了一个4个部门的例子，图中的单向边表示通路。部门1可以将消息发送给所有部门，部门4可以接收所有部门的消息，所以部门1和部门4知道所有其他部门的存在。部门2和部门3之间没有任何方式可以发送消息，所以部门2和部门3互相不知道彼此的存在。
　　现在请问，有多少个部门知道所有N个部门的存在。或者说，有多少个部门所知道的部门数量（包括自己）正好是N。

输入格式

　　输入的第一行包含两个整数N, M，分别表示部门的数量和单向通路的数量。所有部门从1到N标号。
　　接下来M行，每行两个整数a, b，表示部门a到部门b有一条单向通路。

输出格式

　　输出一行，包含一个整数，表示答案。

样例输入

4 4
1 2
1 3
2 4
3 4

样例输出

2

样例说明

　　部门1和部门4知道所有其他部门的存在。

评测用例规模与约定

　　对于30%的评测用例，1 ≤ N ≤ 10，1 ≤ M ≤ 20；
　　对于60%的评测用例，1 ≤ N ≤ 100，1 ≤ M ≤ 1000；
　　对于100%的评测用例，1 ≤ N ≤ 1000，1 ≤ M ≤ 10000。
　
一张单向图，能够从i到达j或者从j到达i则i,j有联系，求能联系到所有节点的点有几个。以每个点为起点遍历，记录每个起点能到达的点，最后统计一个点能否到达某处或被某处到达，事实证明CCF的水题只要暴力就能做出来，老是想着什么骚操作反而会超时……

#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
int mo[4][2]={0,1,1,0,0,-1,-1,0};
const int MAXN=10005;
const int sz=1005;
int fst[MAXN],nxt[MAXN],to[MAXN],vis[sz],mp[sz][sz];

int main()
{
    //freopen("r.txt","r",stdin);
    int n,m,x,y,cot,t,num;
    while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF){
        cot=0;num=0;
        memset(fst,-1,sizeof(fst));
        memset(mp,0,sizeof(mp));
        for(int i=1;i<=m;i++){
            scanf("%d%d",&x,&y);
            nxt[++num]=fst[x],fst[x]=num,to[num]=y;
        }
        for(int i=1;i<=n;i++){
            memset(vis,0,sizeof(vis));
            queue<int> q;
            q.push(i);
            vis[i]=1;
            while(!q.empty()){
                t=q.front();
                q.pop();
                for(int j=fst[t];j!=-1;j=nxt[j]){
                    if(!vis[to[j]]){
                        vis[to[j]]=1;
                        mp[i][to[j]]=1;
                        q.push(to[j]);
                    }
                }
            }
        }
        for(int i=1;i<=n;i++){
            t=0;
            for(int j=1;j<=n;j++){
                if(i==j||mp[i][j]==1||mp[j][i]==1)
                t++;
            }
            //cout<
            if(t==n) cot++;
        }
        /*for(int i=1;i<=n;i++){
            for(int j=1;j<=n;j++){
                cout<
        cout<return 0;
}