【力扣算法】101-对称二叉树

题目

给定一个二叉树，检查它是否是镜像对称的。

例如，二叉树 [1,2,2,3,4,4,3] 是对称的。

    1
   / \
  2   2
 / \ / \
3  4 4  3

但是下面这个 [1,2,2,null,3,null,3] 则不是镜像对称的:

    1
   / \
  2   2
   \   \
   3    3

说明:

如果你可以运用递归和迭代两种方法解决这个问题，会很加分。

来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode-cn.com/problems/symmetric-tree
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题解

方法：递归

如果一个树的左子树与右子树镜像对称，那么这个树是对称的。

因此，该问题可以转化为：两个树在什么情况下互为镜像？

如果同时满足下面的条件，两个树互为镜像：

1. 它们的两个根结点具有相同的值。
2. 每个树的右子树都与另一个树的左子树镜像对称。

就像人站在镜子前审视自己那样。镜中的反射与现实中的人具有相同的头部，但反射的右臂对应于人的左臂，反之亦然。

上面的解释可以很自然地转换为一个递归函数，如下所示：

public boolean isSymmetric(TreeNode root) {
    return isMirror(root, root);
}

public boolean isMirror(TreeNode t1, TreeNode t2) {
    if (t1 == null && t2 == null) return true;
    if (t1 == null || t2 == null) return false;
    return (t1.val == t2.val)
        && isMirror(t1.right, t2.left)
        && isMirror(t1.left, t2.right);
}

复杂度分析

时间复杂度：$O(n)$，因为我们遍历整个输入树一次，所以总的运行时间为 $O(n)$，其中 n 是树中结点的总数。
空间复杂度：递归调用的次数受树的高度限制。在最糟糕情况下，树是线性的，其高度为 $O(n)$。因此，在最糟糕的情况下，由栈上的递归调用造成的空间复杂度为 $O(n)$。

方法二：迭代

除了递归的方法外，我们也可以利用队列进行迭代。队列中每两个连续的结点应该是相等的，而且它们的子树互为镜像。最初，队列中包含的是 root 以及 root。该算法的工作原理类似于 BFS，但存在一些关键差异。每次提取两个结点并比较它们的值。然后，将两个结点的左右子结点按相反的顺序插入队列中。当队列为空时，或者我们检测到树不对称（即从队列中取出两个不相等的连续结点）时，该算法结束。

public boolean isSymmetric(TreeNode root) {
    Queue<TreeNode> q = new LinkedList<>();
    q.add(root);
    q.add(root);
    while (!q.isEmpty()) {
        TreeNode t1 = q.poll();
        TreeNode t2 = q.poll();
        if (t1 == null && t2 == null) continue;
        if (t1 == null || t2 == null) return false;
        if (t1.val != t2.val) return false;
        q.add(t1.left);
        q.add(t2.right);
        q.add(t1.right);
        q.add(t2.left);
    }
    return true;
}

复杂度分析

时间复杂度：$O(n)$，因为我们遍历整个输入树一次，所以总的运行时间为 $O(n)$，其中 n 是树中结点的总数。
空间复杂度：搜索队列需要额外的空间。在最糟糕情况下，我们不得不向队列中插入 $O(n)$ 个结点。因此，空间复杂度为 $O(n)$。

作者：LeetCode
链接：https://leetcode-cn.com/problems/two-sum/solution/dui-cheng-er-cha-shu-by-leetcode/
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感想

一开始直接套用“100-相同的树”题目的代码，对root的两个子树进行判断，修改代码让两个子树的层次遍历方向相反就行了。结果效率比较低：

执行用时 :3 ms, 在所有 Java 提交中击败了37.85%的用户

内存消耗 :34.7 MB, 在所有 Java 提交中击败了86.52%的用户

/**
 * Definition for a binary tree node.
 * public class TreeNode {
 *     int val;
 *     TreeNode left;
 *     TreeNode right;
 *     TreeNode(int x) { val = x; }
 * }
 */
class Solution {
    public boolean isSymmetric(TreeNode root) {
        if(root==null)return true;
        TreeNode p = root.left;
        TreeNode q = root.right;
        if(p==null&&q==null) return true;
        if(!isEqual(p,q)) return false;
        LinkedList<TreeNode> queueP = new LinkedList<>();
        LinkedList<TreeNode> queueQ = new LinkedList<>();
        queueP.add(p);
        queueQ.add(q);
        TreeNode pPeek = null;
        TreeNode qPeek = null;
        while(!queueP.isEmpty()){
            pPeek = queueP.peek();
            qPeek = queueQ.peek();
            if(!isEqual(pPeek,qPeek)) return false;
            if(!isEqual(pPeek.left,qPeek.right)) return false;
            if(!isEqual(pPeek.right,qPeek.left)) return false;
            if(pPeek.left!=null){
                queueP.add(pPeek.left);
                queueQ.add(qPeek.right);
            }
            if(pPeek.right!=null){
                queueP.add(pPeek.right);
                queueQ.add(qPeek.left);
            }
            queueP.poll();
            queueQ.poll();
        }
        return true;
    }
    private boolean isEqual(TreeNode p,TreeNode q){
        if(p==null){
            if(q==null) return true;
            else return false;
        }
        else{
            if(q==null) return false;
            else{
                if(p.val!=q.val) return false;
                else return true;
            }
        }
    }
}

看了题解发现自己的代码还是很多地方可以优化啊~ 太多冗余步骤了：isEqual那里判定会重复一次。queue可以只用一个的。queue的add貌似可以添加null。