POJ-3278 Catch That Cow

POJ-3278 Catch That Cow

题目链接：POJ-3278

题目大意：农夫再n这个点上找在k点的牛 农夫可以步行 可以向前走一步或者向后走一步 可以传送 传送到2*当前节点的位置上 问农夫多少步可以找到牛

解题思路：BFS 以为贼简单的那种 然后就错了两次
第一次内存超限 肯定是queue爆掉了 然后我就把queue提升到方法外边了 还是超限
然后试了试1 100000这组数据 发现根本出不来结果 然后意识到假如1到2 2还会到1 这样一直生成下去会很占用空间
然后弄了个标识组 已经取过的地方不再走过 就过了
后面那些queueA.front比较乱 下次取出来用就好了

代码块：

#include
#include

using namespace std;

int n,k,sum;
typedef pair<int, int> p;// 当前位置和当前步数 
queue<p> queueA;
bool arrA[100005];

void bfs(int x, int step); 

int main(){
     
    cin>>n>>k;
    arrA[n] = true;
    bfs(n,0);
    cout<<sum;
    return 0;
}
void bfs(int x, int step){
     
    queueA.push(p(x,0));
    while(queueA.size()){
     
        if(queueA.front().first == k){
     
            sum = queueA.front().second;
            break;
        }
        // 向前走
        if(queueA.front().first < 100000 && !arrA[queueA.front().first + 1]){
     
            queueA.push( p(queueA.front().first + 1,queueA.front().second + 1) );
            arrA[queueA.front().first + 1] = true;
        } 
        // 向后走
        if(queueA.front().first > 0 && !arrA[queueA.front().first - 1]){
     
            queueA.push( p(queueA.front().first - 1,queueA.front().second + 1) );
            arrA[queueA.front().first - 1] = true; 
        } 
        // 传送
        if(queueA.front().first * 2 <= 100000 && !arrA[queueA.front().first * 2]){
     
            queueA.push( p(queueA.front().first * 2, queueA.front().second + 1) );
            arrA[queueA.front().first * 2] = true;
        } 
        queueA.pop();
    } 
}