银川选拔赛补题
我菜得很抱歉。。
A
B、pc玩游戏
wuwuwu这个题是个挺好想的二分。
可以看出，随着查询次数的变多，抽屉合法能放下的娃娃越来越少。
所以考虑二分答案，查询最早在什么位置合法放下的娃娃小于k。（要注意放娃娃不能相邻）
代码实现如下：
（我本来用set做的结果tle了（2000ms左右），用数组排序直接过了而且只跑了300ms左右）
#include C pc买礼物
这是个dp，算方案数的dp（之前写过类似的，只不过那个是一维的而已。。），因为方案不同的判定条件为路径不同/携带礼物不同，所以dp数组记录到达的某点编号和当前礼物价值，（因为给出的单向边都是小节点指向大节点，直接按节点编号dp就行，不然还得拓扑序）。
思考一下，只需要记录当前总价值和当前所在节点就可以确定方案数。
代码实现：
#include D sb思维题，直接判断奇偶，就不放代码了。
E median
比赛的时候没看懂这“排列”的意思。。。。。原来v只会出现一次。。b瞎写了好久，绝了，一开始第一眼的思路就是对的。
因为要形成一个v是中位数的数组，那么数组中大于v和小于v的数量必须相等。
直接在数组中找到v的位置，看v之前任一段序列中有多少大于v的，多少小于v的，记录每个点到v形成的序列大于v和小于v的个数的差值，然后记录这个差值出现的次数。（别忘了前后各自有个位置是0，0）
v之后的序列一样处理。
然后前后组合就好了。
代码实现：
#include
ans+=mp1[-i]*mp2[i];
if(i!=0)
ans+=mp1[i]*mp2[-i];
}
printf("%lld\n",ans);
}
F 重建网络
这个题挺有意思的，开始和学长讨论还以为这个是个假题，后来看了题解的解释，才发现这个题的妙处。
思路就是对给出的无向图跑一次最大生成树，如果用到的边有小于k的，那么答案sum（小于k的且用到的边-k）。
如果用到的边都大于k，答案就是所有的边与k最小的差值。（为什么呢？）
通过思考可以发现，当前已经形成树了，如果与k差值最小的那个边不在树上，可以直接替换上去。（删去换上去的边两节点（a，b）任意点与集合相连的那个边即可）
（非主流最大生成树写法。。。堆优化prim，边权全部取负数）
代码实现：
#include
if(vis[v0]) continue;
vis[v0]=1;
if(w0!=0)
cntedge[++cnt]=-w0;
for(int i=0;i<mp[v0].size();i++){
edge e=mp[v0][i];
q.push({
e.w,e.to});
}
}
}
int main(){
cin>>n>>m>>k;
for(int i=1;i<=m;i++){
int a,b;
ll c;
cin>>a>>b>>c;
mp[a].pb({
b,-c});//建图用负边权
mp[b].pb({
a,-c});
ed[i]=c;
}
prim();
ll ans=0;
int flag=0;
ll minn=1e15;
for(int i=1;i<=cnt;i++){
//cout<<"cntedge="<
if(cntedge[i]<k){
flag=1;
ans+=abs(k-cntedge[i]);
//cout<<"abs="<
}
}
//cout<<"flag="<
if(flag==1){
cout<<ans<<endl;
}
else{
for(int i=1;i<=m;i++){
minn=min(minn,abs(k-ed[i]));
}
cout<<minn<<endl;
}
}
G
H pc要出题
对不起对不起对不起我以为1e7数组会爆硬是用了map查询，然后把我tle到傻，又被容器坑了一把。
问了大佬同学，他说如果map用下标查询原本不存在的节点，会现场建一个节点，时间成本较大，所以建议用find查询map。
要两个数的和能除尽k，那么就是两个数取模和等于k，就是个sb题。
（这里分享两种写法）
#include
int cnt[10000007];
int a[1000007];
int main(){
int n,k;
scanf("%d%d",&n,&k);
ll temp;
ll ans=0;
while(n--){
scanf("%lld",&temp);
temp%=k;
if(temp==0){
ans+=cnt[0];
}
else{
ans+=cnt[k-temp];
}
cnt[temp]++;
}
printf("%lld\n",ans);
return 0;
}
（还有一个莫队一个dp没写，写完马上补上题解）