高数(下) 第十二章：无穷级数

Ch12. 无穷级数

(一) 常数项级数

正项级数

交错级数

任意项级数

4个特殊的常数项级数

①等比级数

②p级数

③调和级数
$\sum _{n=1}^{\infty }\frac{1}{n}=1+\frac{1}{2}+\frac{1}{3}+...+\frac{1}{n}+...=\infty$       发散

④交错调和级数
交错调和级数：收敛
交错p级数：收敛

收敛级数的性质（针对任意项级数）

(1)(2)加减数乘都收敛

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例题：06年9.

分析：ABC仅对正项级数成立。
举反例：
AB：$a_n=(-1{)}^n\cdot \frac{1}{n}$

C：$a_n=(-1{)}^n\cdot \frac{1}{\sqrt{n}}$

答案：D

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常数项级数的审敛法

1.正项级数审敛法

①充要条件

②比较审敛法
大的收敛，小的收敛；
小的发散，大的发散。

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例题：09年4.  正项级数的比较审敛法、举反例

分析：
对于A，取$a_n=b_n=(-1{)}^n\frac{1}{\sqrt{n}}$，则$a_n{b}_n=\frac{1}{n}$，为调和级数，发散

对于C，用正项级数的比较审敛法证明C正确：$\underset{n\to \infty }{\lim }\frac{a_n^2{b}_n^2}{|b_n|}=\underset{n\to \infty }{\lim }{a}_n^2|b_n|=0\therefore |b_n|$更大。由比较审敛法，大的收敛，则小的$a_n^2{b}_n^2$必收敛

答案：C

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③比较审敛法极限形式

④比值法

⑤根值法

⑥极限审敛法

⑦积分判别法

⑧A-D判别法(任意项级数)

⑨绝对收敛必收敛 (任意项级数)

2.交错级数审敛法 —— 莱布尼茨收敛定理

莱布尼茨收敛定理：
若交错级数 ${\sum }_{n=1}^{\infty }(-1{)}^{n-1}{u}_n$ 满足 $u_n$单调递减趋于0，则交错级数收敛
即满足 (1)$u_n\ge u_{n+1}$  (2)$\underset{n\to \infty }{\lim }{u}_n=0$.

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例题：11年2.

分析：显然 $\sum _{n=1}^{\infty }{a}_n(x-1{)}^n$ 的收敛中心为 x=1，故排除AB
代入x=2，得发散，所以2处应该为开区间，选C

答案：C

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3.常用于举反例的一般项

$a_n=\frac{1}{n}$ 或 $a_n=(-1{)}^n\cdot \frac{1}{n}$

$a_n=(-1{)}^n\cdot \frac{1}{\sqrt{n}}$

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例题：09年4.

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(二) 幂级数

$e^x=\sum _{k=0}^{\infty }\frac{x^k}{k!}$

$\therefore e=\sum _{k=0}^{\infty }\frac{1}{k!}=\underset{x\to \infty }{\lim }(1+\frac{1}{x}{)}^x$

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例题：10年14.   数字特征与幂级数

答案：2

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阿贝尔定理

当|x| 当|x|>R时，幂级数发散；
当x = R或x = -R时，幂级数敛散性不定，可能收敛也可能发散.

正数R称为幂级数的收敛半径。开区间(-R,R)称为幂级数的收敛区间。

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例题：11年2.

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求 幂级数的 收敛半径、收敛区间、收敛域

1.收敛半径R：
$$\rho =\underset{n\to \infty }{\lim }|\frac{a_{n+1}}{a_n}|R=\frac{1}{\rho }$$
2.收敛区间：$(-R,R)$         收敛区间是开区间
3.收敛域：在收敛区间的基础上，验证x=R和x=-R两个端点

求 和函数S(x)

1.会标杆：重要的展开式
2.幂级数求导和积分要会

1.重要“标杆”：
$$\sum _{n=0}^{\infty }{x}^n=1+x+x^2+x^3+...+x^n+...=\frac{1}{1-x}(-1<x<1)$$
及其变形:
$$\begin{gathered} \sum _{n=1}^{\infty }{x}^n=x+x^2+x^3+...+x^n+...=\frac{x}{1-x}(-1<x<1) \\ \sum _{n=0}^{\infty }(-1{)}^n{x}^n=1-x+x^2-x^3+...+(-1{)}^n{x}^n+...=\frac{1}{1+x}(-1<x<1) \end{gathered}$$

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例题1：05年16.  求收敛区间、和函数

答案：

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泰勒级数（麦克劳林级数）

$$\begin{gathered} 1+x+x^2+x^3+...+x^n+...=\frac{1}{1-x}=\sum _{n=0}^{\infty }{x}^n(-1<x<1) \\ 1-x+x^2-x^3+...+(-1{)}^n{x}^n+...=\frac{1}{1+x}=\sum _{n=0}^{\infty }(-1{)}^n{x}^n(-1<x<1) \\ {e}^x=\sum _{n=0}^{\infty }\frac{1}{n!}{x}^n(-\infty <x<+\infty ) \end{gathered}$$

(三) 傅里叶级数

三角级数

形如下式的级数叫做三角级数
$$\frac{a_0}{2}+\sum _{n=1}^{\infty }(a_n\cos \frac{n\pi t}{l})+b_n\sin \frac{n\pi t}{l})$$

令$\frac{\pi t}{l}=x$，三角级数可变为
$$\frac{a_0}{2}+\sum _{n=1}^{\infty }(a_n\cos nx)+b_n\sin nx)$$
这就把以 $2l$ 为周期的三角级数转换成以 $2\pi$ 为周期的三角级数。

傅里叶级数

傅里叶系数：
$$\{\begin{array}{r}{a}_n=\frac{1}{\pi }{\int }_{-\pi }^{\pi }f(x)\cos nx\mathrm{d}x(n=0,1,2,3,...)\\ b_n=\frac{1}{\pi }{\int }_{-\pi }^{\pi }f(x)\sin nx\mathrm{d}x(n=1,2,3,...)\end{array}$$
傅里叶级数：
$$\frac{a_0}{2}+\sum _{n=1}^{\infty }(a_n\cos nx)+b_n\sin nx)$$

狄利克雷收敛定理

设f(x)是周期为2π的周期函数，若它满足：
(1)在一个周期内连续或只有有限个第一类间断点
(2)在一个周期内至多只有有限个极值点

那么f(x)的傅里叶级数收敛，并且
①当x是f(x)的连续点时，级数收敛于f(x) 和函数S(x)=f(x)
②当x是f(x)的间断点时，级数收敛于$\frac{1}{2}[f(x^{-})+f(x^{+})]$ 和函数S(x)=间断点左右极限的平均值

正弦级数、余弦级数

已知傅里叶系数为：
$$\{\begin{array}{r}{a}_n=\frac{1}{\pi }{\int }_{-\pi }^{\pi }f(x)\cos nx\mathrm{d}x(n=0,1,2,3,...)\\ b_n=\frac{1}{\pi }{\int }_{-\pi }^{\pi }f(x)\sin nx\mathrm{d}x(n=1,2,3,...)\end{array}$$

当f(x)为奇函数时，f(x)cosnx是奇函数，f(x)sinnx是偶函数，故
$$\{\begin{array}{r}{a}_n=0(n=0,1,2,3,...)\\ b_n=\frac{2}{\pi }{\int }_0^{\pi }f(x)\sin nx\mathrm{d}x(n=1,2,3,...)\end{array}$$

即知
奇函数的傅里叶级数是只含有正弦项的正弦级数：$\sum _{n=1}^{\infty }{b}_n\sin nx$

偶函数的傅里叶级数是只含有余弦项的余弦级数：$\frac{a_0}{2}+\sum _{n=1}^{\infty }{a}_n\cos nx$

奇延拓、偶延拓、周期延拓

奇延拓：把(0,π]上的奇函数延展为(-π,π]上的奇函数
偶延拓：把(0,π]上的偶函数延展为(-π,π]上的偶函数
周期延拓：从周期为(-π,π] 延展为周期为2π的周期函数

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例题：13年3.   奇延拓、周期延拓

分析：S(x)表达式为正弦函数，说明是奇函数的傅里叶级数，f(x)为奇函数。
观察b_n，知x∈(0,1)
对f(x)进行奇延拓，周期延拓，则f(x)周期为2
$\therefore S(-\frac{9}{4})=S(-\frac{9}{4}+2)=S(-\frac{1}{4})=f(-\frac{1}{4})=-\frac{1}{4}$

答案：C

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