前言
并查集是合并集合的方式，对于一些关联性的集合，合并查询的方式可以使得题目分类处理，是一种题型的解决方案，这里最关键是构思好集合之间的关联关系；
在这一 part 中，仅仅只是对部分题做了了解学习，远远没有达到可以手撕的程度，但是面试过程中遇到的并不算特别多，所以属于一个了解补充的 part，大家可以学习学习，还是挺有意思的；
下一 part 做分治法
正文
这是一篇水文，国庆回家也就坚持每天做一丢丢题目，然后保持一下手感，而并查集确实比较好的锻炼一下脑子，脑子不够转不过来，所以可以尝试学习并做一下，他的基本模板不会很复杂，基本如下：
class UnionFind {
constructor(n){
// 缓存两个数组，父节点数组和当前节点的子节点数量数组
// 1. 初始化的父节点数组都是指向自己当前的下标的； -- 其中下标是唯一值
this.parents = new Array(n).fill(1).map((_,index) => index)
// 2. 初始化的子节点数量数组都是只有一个；-- 其中下标是唯一值
this.sizes = new Array(n).fill(1) //
}
// 寻找 x 的根节点
find(x){
if(this.parents[x] === x) return x
return this.find(this.parents[x])
}
// 合并两个并查集
connect(x,y){
const px = this.find(x)
const py = this.find(y)
if(px === py) return // 如果他们是一个集合，则直接返回
if(this.sizes[px]>this.sizes[py]){
// px 挂的节点更多，所以将 py 也挂过来
this.parents[py] =px
this.sizes[px]++
}else{
this.parents[px] =py
this.sizes[py]++
}
}
}当然，具体问题上，可能可以简化或者强化 connect 方法，来解决具体的问题，这就需要同学自己去学习探讨了；
最后将几道例题奉上，节日结束，继续搬砖吧；
题目
547. 省份数量
分析
- 每一个城市都有可能是一个省份，而只有是连接的城市，就合并为一个省份，最后剩下的集合就是省份
- 所以可以直接用 parents 数组缓存，其中 index 表示自己的唯一表示，value 表示指向集合城市
- 当我们遇到 isConnectedi === 1 的时候，将两个城市连接起来，最后得到的值就是连接状况
- 最后的 parents[index] === index 的数量，就是集合的数量
- 时间复杂度 O(n), 空间复杂度 O(n)
var findCircleNum = function(isConnected) {
const len = isConnected.length
const parents = Array.from(isConnected).map((_,index) => index) // 指向自己
for(let i = 0;i item === index).length //筛选出根节点
function _connect(x,y) {
parents[_find(x)] = _find(y)
}
function _find(x){
if(parents[x] ===x) return x
return _find(parents[x])
}
} // 标准类写法
class UnionFind {
constructor(n){
// 缓存两个数组，父节点数组和当前节点的子节点数量数组
// 1. 初始化的父节点数组都是指向自己当前的下标的； -- 其中下标是唯一值
this.parents = new Array(n).fill(1).map((_,index) => index)
// 2. 初始化的子节点数量数组都是只有一个；-- 其中下标是唯一值
this.sizes = new Array(n).fill(1) //
}
// 寻找 x 的根节点
find(x){
if(this.parents[x] === x) return x
return this.find(this.parents[x])
}
// 合并两个并查集
connect(x,y){
const px = this.find(x)
const py = this.find(y)
if(px === py) return // 如果他们是一个集合，则直接返回
if(this.sizes[px]>this.sizes[py]){
// px 挂的节点更多，所以将 py 也挂过来
this.parents[py] =px
this.sizes[px]++
}else{
this.parents[px] =py
this.sizes[py]++
}
}
}
var findCircleNum = function(isConnected) {
const len = isConnected.length
const unions = new UnionFind(isConnected.length)
for(let i = 0;i参考视频：传送门
721. 账户合并
分析
- 首先题目已知邮箱属于唯一的一个name，而name的名字是可以相同但是代表不同的人的，所以 name 只能算是一个标记而已,所以一开始做合并操作不需要计算 name，用 email_name_map 缓存起来，直到最后再用
- 由于邮箱是一个字符串，而这里显然需要将同一个用户的邮箱缓存到一起，所以这里用下标来标记不同的邮箱，并缓存到 email_index_map
- 开始使用并查集，将同一个用户下 email 连接起来
- 连接完之后，现在在并查集 parents 里面都是一些 index 表示的东西，他们代表一种关联逻辑，
- 但是具体怎么重新排列，需要通过 email_index_map 来找到找到原始的 email,然后查找是否属于同一个集合的，然后再缓存在在一起；
- 这个时候所有相同集合的值后缓存在了 email_index_map 的 value 中了，取出来，排序，然后从 email_name_map 取出 name，然后合并成一个数组，然后作为二维数组的一个 item push 到 merge 数组里
- 时间复杂度 nlogn -- 每一次并查集合并的时候，需要进行2次查找1次合并；空间复杂度 O(n)
var accountsMerge = function(accounts) {
const email_index_map=new Map()
const email_name_map=new Map()
let emailIndex = 0 // 设置下标，作为唯一标识 -- 也代表了 emails 的数量
for (let i = 0; i < accounts.length; i++) {
const account = accounts[i];
const name = account[0]
for(let i = 1;i index)
function _find(x){
if(parents[x]=== x) return x
return _find(parents[x])
}
function _connect(x,y) {
const px = _find(x)
const py = _find(y)
parents[py] = px // 让 py 指向 py
}
// 开始使用并查集，将同一个用户下 email 连接起来
for (let i = 0; i < accounts.length; i++) {
const firstEmail = accounts[i][1];
const firstIndex = email_index_map.get(firstEmail);
for(let j = 2;j 924. 尽量减少恶意软件的传播
分析
- 创建并查集，并将可以连接在一起的构成一个集合
- 通过并查集，查找到每个并查集的 root 节点，并用 injectedMap 缓存根节点和对应的缺陷节点数
- 初始化最大子节点数量 maxSize 和返回值 ret
- 再次遍历 initial 错误节点，然后找到每个节点对应的根节点出现的次数 count，如果超出 1， 那么干掉当前节点 node，依然会有新的节点最后会感染 root 节点，也就是当前集合还是会有感染源；所以没啥意思
- 如果都是只有一个感染源的集合，那么就判断这个集合的大小，集合越大，则删除当前污染源节点效果更好；如果集合一样大，就删除小的那一个；
- 时间复杂度 O(n)，空间复杂度 O(n)
var minMalwareSpread = function (graph, initial) {
const len = graph.length;
const union = new UnionFind(len);
for (let i = 0; i < len; i++) {
for (let j = 0; j < len; j++) {
if (graph[i][j] === 1) {
union.connect(i, j);
}
}
}
// 感染源触发的根节点状态map，key 是感染源的根节点，value 是出现次数
const injectedMap = new Map();
initial.forEach(node=> {
const root = union.find(node)
injectedMap.set(root,injectedMap.get(root)?injectedMap.get(root)+1:1)
})
let maxSize = 0; // 符合要求的的集合的数量
let ret = -1
initial.forEach(node => {
// 找出感染源的根节点
const root = union.find(node)
// 找出感染源的根节点出现次数， -- 超出2个源头，就没有删除的效果了
const count = injectedMap.get(root)
if(count === 1){
const size = union.sizes[root] // 看一下子节点有多少个
if(size>maxSize || (size === maxSize && node index);
this.sizes = new Array(len).fill(1);
}
find(x) {
if (x === this.parents[x]) return x;
return this.find(this.parents[x]);
}
connect(x, y) {
const px = this.find(x);
const py = this.find(y);
if (px === py) return;
if (this.sizes[px] > this.sizes[py]) {
this.parents[py] = px;
this.sizes[px] += this.sizes[py];
} else {
this.parents[px] = py;
this.sizes[py] += this.sizes[px];
}
}
} 1319. 连通网络的操作次数
分析
- 对于 n 台电脑，至少需要 n-1 条线才能把他们完全连接前来
- 对于 n 台机器，如果进行并查集连接后，查看集合的数量，我们最后希望只剩下一个 1 个集合，多出来的集合就是抽取网线进行操作的操作数量
- 并查集关键降低复杂度的操作 _find， 如果用的是迭代，那么就只需要遍历一遍，否则用递归就还要回来
- 最终的结果可以在 _connect 连接过程中找出最终集合的大小，也可以根据最后的 parents 的下标和值相等的值来获取
- 时间复杂度 O(n)
var makeConnected = function (n, connections) {
const len = connections.length // 网络连接数
if(len index)
const _find= (x) => {
if( x !== parents[x]){
parents[x] = _find(parents[x])
}
return parents[x]
}
let sizes = n
const _connect = (x,y) => {
const px= _find(x)
const py= _find(y)
if(px===py) return
parents[px] = py
sizes--
}
for(let con of connections){
_connect(con[0],con[1]) // 连接起来
}
return sizes-1
} 1202. 交换字符串中的元素
分析 -- 超时了
- 不断的交换 pairs ，使得最终的字符串 str 是最小的字符串，所以就是要将 pairs 中同一集合的找出来，按顺序排好，然后再组合好
- 因为同一集合之间可以联通，所以可以经过多次之后，将集合中最小的字符串放在其它字符之前
- 用一个 root_strArr 来缓存根节点下的字符串数组，然后每次合并的时候，根据 root_strArr 来拍平字符串的缓存，然后缓存两者的数组，最后得到根节点下缓存的集合数组
- 最后在交换字符串的时候，每一次都找到这个集合剩余的最小的那个值，然后输出出去
- 超时了
- 然后以为做了一些细微的优化，比方说字符串比较比较耗时，转成 Unicode 编码； 使自定义的有序数组合并等，但是都超时了
- 然后分析时间复杂度，如果在连接过程中就进行排序操作，那么复杂度就是 O(n2) n 是 s.length, 而已知 s.length < 10^5, 所以 n2 超出了 10^8, 所以基本不可以通过了；
var smallestStringWithSwaps = function (s, pairs) {
const parents = Array.from({ length: s.length }).map((_, index) => index);
const root_strArr = Array.from({ length: s.length }).map((_, index) => [s[index].charCodeAt()]);
const _find = (x) => {
if (x !== parents[x]) {
parents[x] = _find(parents[x]);
}
return parents[x];
};
const _connect = (x, y) => {
const px = _find(x);
const py = _find(y);
if (px === py) return;
if (root_strArr[px].length > root_strArr[py].length) {
parents[py] = px;
root_strArr[px] = _connectTwoArr(root_strArr[px],root_strArr[py])
} else {
parents[px] = py;
root_strArr[py]=_connectTwoArr(root_strArr[px],root_strArr[py])
}
};
// 合并两个有序数组
const _connectTwoArr = (xArr,yArr) => {
const xLen = xArr.length
const yLen = yArr.length
let x = y = 0
const ret = []
while(xyArr[y]){
ret.push(yArr[y])
y++
}else{
ret.push(xArr[x])
x++
}
}
while(x 分析
- amazing，上面一直超时，一直想在连接的时候进行排序操作，所以自己进行有序数组的排序，比较转成 unicode 格式的，都超时了
- 反而在集合合并的时候直接合并数组，然后在一次性将每个集合进行排序，最后得到的结果可以 ac
- 遍历集合数量，然后进行集合排序，相当于是对所有字符的排序，时间复杂度是 nlogn 其中 n 是 s.length;
var smallestStringWithSwaps = function (s, pairs) {
const parents = Array.from({ length: s.length }).map((_, index) => index);
const root_strArr = Array.from({ length: s.length }).map((_, index) => [s[index]]);
const _find = (x) => {
if (x !== parents[x]) {
parents[x] = _find(parents[x]);
}
return parents[x];
};
const _connect = (x, y) => {
const px = _find(x);
const py = _find(y);
if (px === py) return;
if (root_strArr[px].length > root_strArr[py].length) {
parents[py] = px;
root_strArr[px].push(...root_strArr[py])
} else {
parents[px] = py;
root_strArr[py].push(...root_strArr[px])
}
};
// 连接
for (let p of pairs) {
_connect(p[0], p[1]);
}
// 各个模块排序
root_strArr.map(arr => arr.sort());
let ret = "";
for (let i = 0; i < s.length; i++) {
const root = _find(i); // 看一下根节点
const arr = root_strArr[root]; // 找出这个根节点下的集合，并找出 字典下的最小字符
const minStr = arr.shift()
ret += minStr;
}
return ret;
};