原题链接
给出 n n n个点对,定义每两个点之间的价值为 m i n ( x i − x j , y i − y j ) min(x_i-x_j,y_i-y_j) min(xi−xj,yi−yj),求最大价值。
实际上就是要最小值最大化,答案明显是有单调性的,考虑是否能够二分答案来做。
假设当前枚举到 m i d mid mid,合法的条件就是 m i n ( x i − x j , y i − y j ) > = m i d min(x_i-x_j,y_i-y_j)>=mid min(xi−xj,yi−yj)>=mid,也就是说 x i − x j > = m i d x_i-x_j>=mid xi−xj>=mid并且 y i − y j > = m i d y_i-y_j>=mid yi−yj>=mid。
在 c h e c k check check的时候,可以枚举其中一个点 ( x , y ) (x,y) (x,y),看是否存在 ( x i , y i ) (x_i,y_i) (xi,yi)满足 x − x i > = m i d x-x_i>=mid x−xi>=mid且 y − y i > = m i d y-y_i>=mid y−yi>=mid.
先对所有的点按照 x x x从小到大排序,对于 x x x前面的点来说,就可以用队列维护出 x − x i > = m i d x-x_i>=mid x−xi>=mid的点。再判断这些点里有没有 y − y i > = m i d y-y_i>=mid y−yi>=mid的就可以了。维护一个 y y y的最大值 m a x x maxx maxx和最小值 m i n n minn minn,如果 y − m i n n > = m i d y-minn>=mid y−minn>=mid或 m a x x − y > = m i d maxx-y>=mid maxx−y>=mid,说明当前 m i d mid mid合法,可以使得值更大,左指针右移。
整体时间复杂度 O ( n l o g n ) O(nlogn) O(nlogn)
// Problem: F - Dist Max 2
// Contest: AtCoder - AtCoder Beginner Contest 215
// URL: https://atcoder.jp/contests/abc215/tasks/abc215_f
// Memory Limit: 1024 MB
// Time Limit: 2000 ms
//
// Powered by CP Editor (https://cpeditor.org)
#pragma GCC optimize(1)
#pragma GCC optimize(2)
#pragma GCC optimize(3,"Ofast","inline")
#include
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<ll, ll>PLL;
typedef pair<int, int>PII;
typedef pair<double, double>PDD;
#define I_int ll
inline ll read(){ll x = 0, f = 1;char ch = getchar();while(ch < '0' || ch > '9'){if(ch == '-')f = -1;ch = getchar();}while(ch >= '0' && ch <= '9'){x = x * 10 + ch - '0';ch = getchar();}return x * f;}
inline void write(ll x){if (x < 0) x = ~x + 1, putchar('-');if (x > 9) write(x / 10);putchar(x % 10 + '0');}
#define read read()
#define closeSync ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0)
#define multiCase int T;cin>>T;for(int t=1;t<=T;t++)
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define repp(i,a,b) for(int i=(a);i<(b);i++)
#define per(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define perr(i,a,b) for(int i=(a);i>(b);i--)
ll ksm(ll a, ll b,ll mod){ll res = 1;while(b){if(b&1)res=res*a%mod;a=a*a%mod;b>>=1;}return res;}
const int maxn=1e6+7;
struct node{
int x,y;
};
bool cmp(node a,node b){
return a.x<b.x;
}
vector<node>g;
int n;
bool check(int mid){
queue<node>q;
int minn = 1e9, maxx = 0,flag=0;
for(node t:g){
while(!q.empty()){
if(t.x-q.front().x<mid) break;
minn=min(minn,q.front().y);
maxx=max(maxx,q.front().y);
q.pop();
}
if(t.y-minn>=mid||maxx-t.y>=mid) flag=1;
q.push(t);
}
return flag;
}
int main(){
n=read;
rep(i,1,n){
int x=read,y=read;
g.push_back({x,y});
}
sort(g.begin(),g.end(),cmp);
int l=0,r=1e9,res=0;
while(l<=r){
int mid=(l+r)/2;
if(check(mid)) l=mid+1,res=mid;
else r=mid-1;
}
cout<<res<<endl;
return 0;
}
参考博客