轮流取石子游戏C语言,取石子游戏实例解答(2)

例3。(29，45，58)，29(+)45=48，58-48=10，从58中拿走10个，变为(29，45，48)。

例4。我们来实际进行一盘比赛看看：

甲:(7,8,9)->(1,8,9)奇异局势

乙:(1,8,9)->(1,8,4)

甲:(1,8,4)->(1,5,4)奇异局势

乙:(1,5,4)->(1,4,4)

甲:(1,4,4)->(0,4,4)奇异局势

乙:(0,4,4)->(0,4,2)

甲:(0.4,2)->(0,2,2)奇异局势

乙:(0,2,2)->(0,2,1)

甲:(0,2,1)->(0,1,1)奇异局势

乙:(0,1,1)->(0,1,0)

甲:(0,1,0)->(0,0,0)奇异局势

甲胜。

<3>有两堆石子，数量任意，可以不同。游戏开始由两个人轮流取石子。游戏规定，每次有两种不同的取法，一是可以在任意的一堆中取走任意多的石子；二是可以在两堆中同时取走相同数量的石子。最后把石子全部取完者为胜者。现在给出初始的两堆石子的数目，如果轮到你先取，假设双方都采取最好的策略，问最后你是胜者还是败者。

碰到这道题时我的思路：

设集合A, B分别为先手能赢和后手能赢的二元无序对(x,y)的集合

先从最基础的开始考虑，(n,0) (n,n) 属于A，因为这样的情况先手肯定能赢(n为正整数，下同)

如果存在(a,b)，对于一切n，(a-n,b-n)均属于A，则(a,b)属于B

很容易找到一个(2,1)，这是后手肯定能赢的情况

接下来从先手的角度分析，如果他能在移动石子后留给对手(2,1)个石子，那么他就能赢，于是

(2+n,1) (2+n,1+n) (2,1+n) 均属于 A

找出一个不属于A的最小对，(5,3)， 这个元素肯定属于B集合，因为从中任意取出元素后的结果肯定属于A集合

相应的，(5+n, 3) (5, 3+n), (5+n, 3+n) 均属于A

这时发现，B集合相对A集合元素少很多，只要找出B集合中元素的特征，就能解决这个问题。

一旦B中包含(x,y)对，A中就会相应的包含(x, y+n), (x+n, y), (x+n,y+n)

由此想出一种构造B集合的方法，设当前构造出的集合为S，a为不在S中的最小的数，即

a = MIN{ x | x 不属于 (p, q), 对于一切(p, q)属于S }

则把(a, a+gap)加入B中，其中gap是当前S中所有对之差的最小值+1

构造出的序列为

(1,2) -> (3, 5) -> (4, 7) -> (6, 10)

到这里这道题目应该已经能过了，不过还有一种达到O(1)的优化，接下来的就不是我想出来的了 =,=

首先是Betty定理：

如果无理数alpha, beta满足

1. alpha, beta > 0

2. 1/alpha + 1/beta = 1

那么，序列{[alpha*n]}和{[beta*n]}构成自然数集的一个分划，其中[]是取整函数

这道题对应的alpha和beta分别是(1+sqrt(5))/2,(3+sqrt(5))/2，其实是一个黄金分割

#include

#include

using namespace std;

int main()

{

int x, y;

double alpha = (1.0 + sqrt(5.0)) / 2.0;

double beta = (3.0 + sqrt(5.0)) / 2.0;

while (cin >> x >> y) {

if (x > y) {

int temp = x;

x = y;

y = temp;

}

int n = ceil(y / beta);

int x1 = alpha * n;

int y1 = beta * n;

if (x == x1 && y == y1)

cout << 0 << endl;

else

cout << 1 << endl;

}

return 0;

}