P9836 种树

容易想到分解因数。

对于一个数 p p p 的因数个数,假设它可以被分解质因数成 a 1 i 1 a 2 i 2 a 3 i 3 ⋯ a k c k a_1^{i_1} a_2^{i_2} a_3^{i_3}\cdots a_k^{c_k} a1i1a2i2a3i3akck 的形式,则其因数个数为 ( i 1 + 1 ) ( i 2 + 1 ) ( i 3 + 1 ) ⋯ ( i k + 1 ) (i_1+1)(i_2+1)(i_3+1)\cdots(i_k+1) (i1+1)(i2+1)(i3+1)(ik+1)

我们对序列 p p p w w w 质因数分解之后再考虑这个问题。对于每次从 w w w 拆分出的一个质因子 A A A,我们假设一棵树 p i p_i pi,原来它的贡献为 x x x,对于该棵树高的质因数拆分中质因子 A A A 的出现次数为 t t t,则乘上该质因子之后它的贡献会变为 x ⋅ t + 2 t + 1 x\cdot \dfrac{t+2}{t+1} xt+1t+2,容易证明分子越小即 t t t 越小对答案的贡献越大。

由于数据范围是 1 0 4 10^4 104,质因数的上界是很有限的。设 a ( i , j ) a(i,j) a(i,j) 表示 i j i^j ij 在所有树高的质因数拆分中出现了多少次,每一次取到的一个 w w w 的质因子 A A A,把它计算到当前存在且 k k k 最小的 A k A^k Ak 上即可。

注意筛 n n n 的质因数要筛到 n n n

#include 
using namespace std;
#define int long long

const int maxn=1e4+5;
int a[maxn][30],ans=1,p[maxn],mod=998244353,n,w;

void calc(int x)
{
	for(int i=2;i<=max(x,w);i++)
	{
		int cnt=0;
		while(x%i==0) x/=i,cnt++;
		a[i][cnt]++;
		ans=ans*(cnt+1)%mod;
		// cout<
	}
}

signed main()
{
	cin>>n>>w;
	for(int i=1;i<=n;i++) cin>>p[i],calc(p[i]);
	// for(int i=1;i<=n;i++) cout<
	for(int A=2;A<=w;A++)
		while(w%A==0)
		{
			int k=0;
			while(!a[A][k]) k++;	
			ans/=(k+1),ans%=mod,ans*=(k+2),ans%=mod;
			w/=A,a[A][k]--,a[A][k+1]++;
			// cout<
		}	
	cout<<ans;
	return 0;
}

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