Codeforces Round 913 (Div. 3)
Codeforces Round 913 (Div. 3)
Codeforces Round 913 (Div. 3)
A. Rook
思路：记录当前位置的字母和数字，然后遍历a-h以及1-8组合输出未记录的位置即可。
AC code：
void solve(){
char a, b; cin >> a >> b;
map mp;
mp[a] ++;
mp[b] ++;
for(char i = 'a'; i <= 'h'; i ++){
if(!mp[i]) cout << i << b << endl;
}
for(char i = '1'; i <= '8'; i ++){
if(!mp[i]) cout << a << i << endl;
}
}
B. YetnotherrokenKeoard
思路：模拟，从后往前进行遍历，当遇到删除字符b和B时，记录下来，当遇到其他字符时根据记录情况进行删除。
AC code：
void solve(){
string s;
cin >> s;
string ans = "";
int B = 0, b = 0;
for(int i = s.size() - 1; i >= 0; i --){
if(s[i] == 'B') B ++;
else if(s[i] == 'b') b ++;
else if(s[i] >= 'a' && s[i] <= 'z'){
if(b){
b --;
continue;
}else ans += s[i];
}else{
if(B){
B --;
continue;
}else ans += s[i];
}
}
reverse(ans.begin(), ans.end());
cout << ans << endl;
}
C. Removal of Unattractive Pairs
题意：给出一个字符串，相邻字符不同可以删除，删除后剩下的字符按原顺序拼接，操作可以进行无数次，字符串最少剩余多少。
思路：记录数量最多的字符数量，若大于全部字符的一半，则最少剩余(mx - (n - mx))个字符，即最多字符的数量减去其他字符数量；
若小于全部字符一半，则奇数剩一个，偶数可以全删。
AC code:
void solve(){
map mp;
cin >> n >> s;
int mx = 0;
for(char x : s) {
mp[x] ++;
mx = max(mx, mp[x]);
}
if(mx <= n / 2)
cout << (n % 2 != 0) << endl;
else
cout << mx - (n - mx) << endl;
}
D. Jumping Through Segments
题意：游戏从0开始移动，有n段区间，每次移动最多不超过k的单位距离，需要移动n次，第i次移动必须在第i个区间内，最终需要到达第n个区间为游戏胜利，游戏胜利k值最小是多少。
思路：二分，每次记录当前最近/最远可移动到的距离，即最大的左边界和最小的右边界。
AC code:
#include
#define endl '\n'
#define int long long
#define fast() ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(nullptr), cout.tie(nullptr)
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair PII;
const int N = 3e5+10, M = 2001;
const int INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f, mod = 998244353;
int T, n;
PII q[N];
bool check(int k){
int mn = 0, mx = 0;
for(int i = 1; i <= n; i ++){
mn = max(q[i].first, mn - k);
mx = min(q[i].second, mx + k);
if(mn > mx) return false;
}
return true;
}
void solve(){
cin >> n;
for(int i = 1; i <= n; i ++)
cin >> q[i].first >> q[i].second;
int l = 0, r = 3e9;
while(l < r){
int mid = l + r >> 1;
if(check(mid)) r = mid;
else l = mid + 1;
}
cout << l << endl;
}
signed main(){
fast();
cin >> T;
while(T --){
solve();
}
return 0;
}
E. Good Triples
题意：将给出的n分解成三个数相加，且三数每位相加的和等于n每一位相加的和。
思路：每一位相加不能有进位，每一次进位至少会损失单位贡献十而只增加一，所以枚举三个数每一位可能的组合情况即可。
AC code：
#include
#define endl '\n'
#define int long long
#define fast() ios::sync_with_stdio(false), cin.tie(nullptr), cout.tie(nullptr)
using namespace std;
typedef long long LL;
typedef pair PCI;
typedef pair PII;
const int N = 3e5+10, M = 2001;
const int INF = 0x3f3f3f3f3f, mod = 998244353;
int T, n, k;
map mp;
void init(){
for(int i = 0; i <= 9; i ++){
for(int j = 0; j <= 9; j ++){
for(int u = 0; u <= 9; u ++)
mp[i + j + u] ++;
}
}
}
void solve(){
cin >> n;
int cnt = 1, u = n;
while(u){
cnt *= mp[u % 10];
u /= 10;
}
cout << cnt << endl;
}
signed main(){
fast();
init();
T = 1;
cin >> T;
while(T --){
solve();
}
return 0;
}