牛客练习赛111 A—D
A明显的进位的就是遍历最低位
我们只需要从最后面开始往前走找到不是0的就可以了，统计0的个数然，找到不是0的直接用10-去这个数就可以了
// 数学公式要变形
// 莫急莫急先读题
#include
using namespace std;
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define endl "\n"
#define ios ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0),cout.tie(0);
#define LF(x) fixed< PII;
typedef unsigned long long ULL;
const int N=1000010,M=1010,F=2*N,INF=0x3f3f3f3f,pp=133331;
const double pai=acos(-1.0);// pai
map q;
int t,n,m;
string s;
void solve()
{
cin>>s;
reverse(s.begin(),s.end());
n=s.size();
int ans=0,cnt=0,f=0;
for(int i=0;i>t;
while(t--)
solve();
return 0;
}
直接结合样例就很简单了
B题看起来十分简单其实暗藏玄机
只需一句话你就明白了当a==b的时候，如果a中有重复字母那也可以交换
比如 aac aac
这是yes 而 abc abc 由于无法一次交换 所以无解
这件事情告诉我们看到不是合理的简单题不要太急，特别是注意看榜，有很多人错了就一定要再多思考
// 数学公式要变形
// 莫急莫急先读题
#include
using namespace std;
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define endl "\n"
#define ios ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0),cout.tie(0);
#define LF(x) fixed< PII;
const int N=1000010,M=1010,F=2*N,INF=0x3f3f3f3f,pp=13331;
const double pai=acos(-1.0);// pai
int t,n,m;
string a,b;
int c[30];
void solve()
{
cin>>n>>a>>b;
int l=0,r=0,cnt=0;
for(int i=0;i=2)
{
cout<<"YES"< C题对式子推导
对kx<=m 时ky<=m 以及 kx>m时ky>m这个式子进行变形
对这个式子变形之后可以解出 kx<=m 时k的值 k=m/x这个同时 是分界线 那么大于的就是k+1
也就是再进行一遍等价变化回去就可以得到答案了
当然如果你一下判断边界比较迷糊的话我这有一份我自己写的憨批代码可以看看
// 数学公式要变形
// 莫急莫急先读题
#include
using namespace std;
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define endl "\n"
#define ios ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0),cout.tie(0);
#define LF(x) fixed< PII;
typedef unsigned long long ULL;
const int N=1000010,M=1010,F=2*N,INF=0x3f3f3f3f,pp=133331;
const double pai=acos(-1.0);// pai
map q;
LL t,n,m,x;
void solve()
{
cin>>m>>x;
LL ans=m/x+1,ans1=m/x;
LL l=0,r=1e9+1;
while(l>1;
if(ans1*mid>m) r=mid-1;
else l=mid;
}
int y=m/ans+1;
cout<>t;
while(t--)
solve();
return 0;
}
D题扩展欧几里得加上性质判断
由此我们可以知道如果对于
ax+by=c c如果不是gcd(a,b)的倍数的话明显无解
扩展欧几里得的板子
LL exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y)
{
if(!b)
{
x=1,y=0;
return a;
}
LL d=exgcd(b,a%b,y,x);
y-=a/b*x;
return d;
}然后这个是啥呢这个是满足条件的一组解
cin>>a>>b>>n>>l>>r;
LL ans=gcd(a,b),res=lcm(a,b);
if(n%ans){
cout<<"NO"<注意是一组解
如果此时已经在范围那是好的
if(x>=l&&x<=r){
cout<<"YES"<由此我们可以得出核心 就是用一个特解 解出满足条件的解
回归题意
b虽然可以左右走但是(b开局右走同理a不会超出范围（题意）)
也就是说如果有解必然是
a*x+b*y=c;
那么我们求出一组特解之后呢？
也就是说我们如何让a的系数变到[l,r]的范围呢
我们要想如果要变化a的系数同时b也可以满足系数变化使得答案有解那么所移动的步数必然是
h, h=`lcm(a,b)/a 不然不会满足b的系数
这里再稍作解释
由于我们已经找到了一组解
如果说 要对a的系数变化 那么他变化的值一定来自于b的系数
也就是要维持有解的话
x*a变化的值也一定是 b的倍数
那么最小就是lcm(a,b);
对应到a的系数变化上就是lcm(a,b)/a
由此这个题结果得出
如果解出的x
要让x到 [l,r] 第一个大于l的解
那么就是这个步骤 最后判断跳了之后是否小于r是的话就是有解 不然没解
if(x如果大于r同理 这里不在赘述
最后就是AC代码了
有点丑陋不过相信你肯定可以理解嘻嘻
// 数学公式要变形
// 莫急莫急先读题
#include
using namespace std;
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define endl "\n"
#define ios ios::sync_with_stdio(0); cin.tie(0),cout.tie(0);
#define LF(x) fixed< PII;
typedef unsigned long long ULL;
const int N=1000010,M=1010,F=2*N,INF=0x3f3f3f3f,pp=133331;
const double pai=acos(-1.0);// pai
map q;
LL t,n,m;
LL gcd(LL a,LL b)
{
return b?gcd(b,a%b):a;
}
LL exgcd(LL a,LL b,LL &x,LL &y)
{
if(!b)
{
x=1,y=0;
return a;
}
LL d=exgcd(b,a%b,y,x);
y-=a/b*x;
return d;
}
LL lcm(LL a,LL b)
{
return a/gcd(a,b)*b;
}
LL a,b,l,r;
void solve()
{
cin>>a>>b>>n>>l>>r;
LL ans=gcd(a,b),res=lcm(a,b);
if(n%ans){
cout<<"NO"<=l&&x<=r){
cout<<"YES"<r)
{
if((x-r)%tt==0)
{
cout<<"YES"<>t;
while(t--)
solve();
return 0;
}
最后的题太难了不会，感觉还可以就点点赞吧，如有问题欢迎读者指正，一起加油