啊,割边写挫了害得我交了那么多发。。。
本题多想想就出来了。。
首先求出割边,显然关键边就在割边上。
求完割边后,我们先从一个点dfs,维护A的点数和B的点数及深度。
那么显然如果割边的深度大的点的A或者B是0或者是K和L,那么显然这是条关键边。。
割边不要写错啊。。。是LL[v]>FF[u]不是LL[v]>LL[u]
sad
#include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #include <string> #include <iostream> #include <algorithm> #include <queue> using namespace std; #define rep(i, n) for(int i=0; i<(n); ++i) #define for1(i,a,n) for(int i=(a);i<=(n);++i) #define for2(i,a,n) for(int i=(a);i<(n);++i) #define for3(i,a,n) for(int i=(a);i>=(n);--i) #define for4(i,a,n) for(int i=(a);i>(n);--i) #define CC(i,a) memset(i,a,sizeof(i)) #define read(a) a=getint() #define print(a) printf("%d", a) #define dbg(x) cout << (#x) << " = " << (x) << endl #define printarr2(a, b, c) for1(_, 1, b) { for1(__, 1, c) cout << a[_][__]; cout << endl; } #define printarr1(a, b) for1(_, 1, b) cout << a[_] << '\t'; cout << endl inline const int getint() { int r=0, k=1; char c=getchar(); for(; c<'0'||c>'9'; c=getchar()) if(c=='-') k=-1; for(; c>='0'&&c<='9'; c=getchar()) r=r*10+c-'0'; return k*r; } inline const int max(const int &a, const int &b) { return a>b?a:b; } inline const int min(const int &a, const int &b) { return a<b?a:b; } const int N=100005; int ihead[N], cnt, n, m, l, k, FF[N], LL[N], ed[N], dep[N], tot, TM, X[N], Y[N], vis[N], a[N], b[N]; struct ED { int to, next, id; }e[N<<1]; void add(int u, int v, int id) { e[++cnt].next=ihead[u]; ihead[u]=cnt; e[cnt].to=v; e[cnt].id=id; e[++cnt].next=ihead[v]; ihead[v]=cnt; e[cnt].to=u; e[cnt].id=id; } void tarjan(int x, int fa) { FF[x]=LL[x]=++TM; int y; for(int i=ihead[x]; i; i=e[i].next) { y=e[i].to; if(!FF[y]) { tarjan(y, x); if(LL[y]>FF[x]) ed[++tot]=e[i].id; LL[x]=min(LL[x], LL[y]); } else if(FF[y]<FF[x] && y!=fa) LL[x]=min(LL[x], FF[y]); } } void dfs(int x, int fa) { dep[x]=dep[fa]+1; vis[x]=1; for(int i=ihead[x]; i; i=e[i].next) if(!vis[e[i].to]) { dfs(e[i].to, x); a[x]+=a[e[i].to]; b[x]+=b[e[i].to]; } } int main() { read(n); read(m); read(k); read(l); for1(i, 1, k) a[getint()]=1; for1(i, 1, l) b[getint()]=1; for1(i, 1, m) { read(X[i]); read(Y[i]); add(X[i], Y[i], i); } for1(i, 1, n) if(!FF[i]) tarjan(i, 0); dfs((n+1)>>1, 0); CC(vis, 0); sort(ed+1, ed+1+tot); ed[tot+1]=-1; int num=0; for1(i, 1, tot) if(ed[i]!=ed[i+1]) ed[++num]=ed[i]; tot=num; int ans=0; for1(i, 1, tot) { int x=X[ed[i]], y=Y[ed[i]]; if(dep[y]<dep[x]) swap(x, y); if(a[y]==0 || a[y]==k || b[y]==0 || b[y]==l) vis[i]=1, ++ans; } printf("%d\n", ans); for1(i, 1, tot) if(vis[i]) printf("%d\n", ed[i]); return 0; }
考虑一个连通的无向图,可以知道,任意两个节点都可以通过一条路径连接起来。在所有节点中,某些节点向所有与它连通的节点提供A服务(包括向它自己),同时某些节点向所有与它连通的节点提供B服务(也包括向它自己)。注意一个节点也可能同时提供A、B两种服务。
当图中的某条边E被去掉的时候,如果图中有任何一个点无法接受A服务或者接受B服务,我们称E边为关键边。
那么,你需要做的事情就是:
1、输出图中存在多少关键边;
2、从小到大输出所有这样的关键边的编号。
输入文件共M+3行。第1行输入4个整数N,M,K和L。N表示图中的节点个数,M 是图中边的数目,K是提供A服务的点的个数,L是提供B服务的点的个数。第2行输入K个数,分别表示哪些点提供A服务。第3行输入L个数,分别表示哪些点 提供B服务。接下来M行每行输入两个数p,q表示节点p和节点q之间有一条无向边。节点从1至N编号,边按从读入顺序从1至M编号。
输出文件第1行输出一个数S,表示该网络中存在S条关键边,接下来输出S行,每行输出一条关键边编号。请按编号从小到大(读入顺序编号)输出。
每个测试点2s。
对于15%的数据,n<=30,m<=30,k<=5,l<=5;
对于35%的数据,n<=400,m<=400,k<=30,l<=30;
对于50%的数据,n<=3000,m<=3500,k<=100,k<=100。
对于100%的数据,n<=100000,m<=100000,k<=10000,l<=10000。
保证没有重边和自环。