06上半年网络工程师试题分类精讲.第一部分：计算机与网络知识（上午考试科目）.第一章：计算机系统知识

三、 系统的配置方法

1 、 系统配置技术：

系统架构模式（2 层、3 层及多层C/S 和B/S 系统）；

系统配置方法（双机、双工、热备份、容错、紧耦合多处理器、松耦合多处理

器）；

处理模式（集中式、分布式、批处理、实时系统、WEB 计算、移动计算）；

2 、 系统性能：

性能设计（系统调整、响应特性）；

性能指标、性能评估（测试基准、系统监视器）

3 、 系统可靠性：

可靠性计算（MTBF、MTTR、可用性、故障率）；

可靠性设计（失效安全、软失效、部件可靠性及系统可靠性的分配及预估）；

可靠性指标和可靠性评估，RAS（可靠性、可用性和可维护性）。

, 'Times New Roman'; mso-font-kerning: 0pt ">-P1--P1--P3 序列执行,则系统是安全的.请老师写出每步执行后可用资源数.

资源进程最大需求量R1/R2/R3 已分配资源数R1/R2/R3

P1 6 5 2 1 2 1

P2 2 2 1 2 1 1

P3 8 0 1 2 1 0

P4 1 2 1 1 2 0

[url]Http://www.ccidedu.com[/url]

P5 3 4 4 1 1 3

首次可用资源是R1 是2,R2 是1,R30,执行完P2 后,可用资源是否221+210=431,

为什么不是421(因为R2 借用了1 个剩余资源)?

解析： 资源 最大需求量 已分配资源数

进程 R1,R2, R3 R1 R2 R3

P1 6, 5 ,2 1, 2, 1

P2 2, 2 ,1 2, 1 ,1

P3 8, 0 ,1 2, 1, 0

P4 1 ,2 ,1 1, 2 ,0

P5 3, 4, 4 1, 1, 3

从上面可以看出只剩下R1 2,R2 1,R3 0.

而这时安全算法:

资源最大需求量已分配资源数 还需要的 剩下的可分配的

进程 R1,R2,R3 R1 R2 R3 R1 R2 R3 R1 R2R3

P1 6, 5 ,2 1, 2, 1 5, 3,1 2,1,0

P2 2, 2 ,1 2, 1 ,1 0,1,0

P3 8, 0 ,1 2, 1, 0 6,0,1

P4 1 ,2 ,1 1, 2 ,0 0,0,1

P5 3, 4, 4 1, 1, 3 2.3,1

从上面可看出现在生产剩下的2,1,0 只满足P2 0,1,0 而别的是满足不了的.一

看就明白,当他全部分给P2 后出现下面的安全序列:

资源最大需求量已分配资源数 还需要的 剩下的可分配的

进程 R1,R2,R3 R1 R2 R3 R1 R2 R3 R1 R2R3

P2 2, 2 ,1 2, 1 ,1 0,1,0 4,2,1

P4 1 ,2 ,1 1, 2 ,0 0,0,1 5,4,1

P5 3, 4, 4 1, 1, 3 2.3,1 6,5,4

P1 6, 5 ,2 1, 2, 1 5,3,1 7,7,5

P3 8, 0 ,1 2, 1, 0 6,0,1 9,8,5

专家点评：作这道题首先要看看R1,R2,R3 在第一次分配资源后剩余多少资源！

可以看出 R1 剩余2 个资源，R2 剩余1 个，R3 剩余0 个！然后考虑把这些剩余

的资源分配给那个进程可以使这个进程完成任务！！可以看出在第一次分配后P

2 再需要R1：0,R2：1,R3：0 就可以完成任务。故先将资源分给P2，P2 完成任

务后便释放自己的资源！这时剩余资源就为R1:4,R2:3,R3:1,然后看看把剩余这

些资源在分配给那个进程使其能完成任务！由题可知分配给P4 可以使P4 完成

任务！P4 完成任务后在释放资源！然后再看看剩余资源分配给那个进程可以使

其完成任务......直到将所有的进程都分配完！

问题：请问 赵 老师：1、常用的负载均衡技术分几类？2、工作原理分别是怎样

的？3、应用场合？

解析：

目前比较常用的负载均衡技术主要有：

1. 基于DNS 的负载均衡

通过DNS 服务中的随机名字解析来实现负载均衡，在DNS 服务器中，可以为多

个不同的地址配置同一个名字，而最终查询这个名字的客户机将在解析这个名

字时得到其中一个地址。因此，对于同一个名字，不同的客户机会得到不同的

地址，他们也就访问不同地址上的Web 服务器，从而达到负载均衡的目的。

2. 反向代理负载均衡

使用代理服务器可以将请求转发给内部的Web 服务器，让代理服务器将请求均

匀地转发给多台内部Web 服务器之一上，从而达到负载均衡的目的。这种代理

方式与普通的代理方式有所不同，标准代理方式是客户使用代理访问多个外部

Web 服务器，而这种代理方式是多个客户使用它访问内部Web 服务器，因此也被

称为反向代理模式。Apusic 负载均衡器就属于这种类型的。

3. 基于NAT 的负载均衡技术

网络地址转换为在内部地址和外部地址之间进行转换，以便具备内部地址的计

算机能访问外部网络，而当外部网络中的计算机访问地址转换网关拥有的某一

外部地址时，地址转换网关能将其转发到一个映射的内部地址上。因此如果地

址转换网关能将每个连接均匀转换为不同的内部服务器地址，此后外部网络中

的计算机就各自与自己转换得到的地址上服务器进行通信，从而达到负载分担

的目的。

专家点评： 本题的考点是，有关 负载均衡技术 的基础知识。这解析中已经给出

了解答。

问题：请问“字串行，位并行”中的串行及并行是什么意思？

解析：

两参数决定计算机并行度结构类型:

字宽(W):一个字中同时处理的二进制位数

位宽(B):一个位片中能同时处理的字数

可构成四种计算机结构:

字串行,位串行 WSBS――W = 1,B = 1 纯串行

字并行,位串行 WPBS――W>1,B = 1 传统并行单处理机

字串行,位并行 WSBP――W = 1,B>1 MPP

字并行,位并行 WPBP――W>1,B>1 PEPE

问题：磁盘机上有500 个文件，每个文件 1M 字节，该磁盘平均寻道时间20ms ,

平均旋转等待时间为7ms，数据传输率为 2.5M 字节，将所有文件逐一读出检查

一遍再写回硬盘，每个文件要2ms 额外处理时间，则检查并更新所有文件要用

（）时间

A 400S B 428S C 328S D 条件不够无法计算

解析：参考答案：B

读或写一个文件所需时间：

T= 寻道时间+ 控制延迟+ 旋转延迟+ 传输时间＝

20+2+7+1*1024*1024/(2.5*1024*1024/1000) ＝428ms

500 个文件读写时间＝500*2T=500*2*428=428000ms=428s

专家点评：本题的考点是，有关磁盘读写时间的计算方法。

[url]Http://www.ccidedu.com[/url]

问题：下载 60M 的文件,这个文件大小具体如何计算成可以和下载速度bit/s 相

适应, 60M =60*10^3K=60*10^3*1024 字节=60*10^3*1024*8bit 请问这样对吗?谢

谢 老师,如果是对的,那么 1M =1000K 吗?

解析：表示存储容量大小的常用单位是KB、MB 和GB。1 MB=1024 KB;l GB=102

4 MB 1kB=1024B

表示传输速率的单位Kb Mb. 1Mb=1000kb 1kb=1000 bit

专家点评：本题的考点是，对存储容量和传输速率两个概念单位的表示。

问题： 录区域的外直径为 30cm ，内直径为 lOcm，记录位密度为 250 位/mm，磁

道密度为 8 道/mm，每磁道分16 个扇区，每扇区 512 字节，则该硬盘的非格式

化容量和格式化容量约为(6)，数据传输率约为(7)若一个文件超出一个磁道容

量，剩下的部分(8)。

(6) A.120MB 和1OOMB B.30MB 和25MB C. 60MB 和50MB D.22.5MB 和 25MB

(7) A.2356KB/s B.3534KB/s C.7069KB/s D.1178KB/s

(8) A. 存于同一盘面的其它编号的磁道上

B. 存于其它盘面的同一编号的磁道上

C. 存于其它盘面的其它编号的磁道上

D. 存放位置随机

解析：参考答案B，D，B

每面磁道数=（外直径-内直径）*磁道密度/2=800

格式化容量=每面磁道数*记录面*每磁道扇区数*每扇区字节数

=800*4*16*512 字节

=26214400 字节

=26214400/1024KB

=25600/ 1024M

＝25MB

非格式化容量=每面磁道数*记录面*π*内直径*记录位密度/8（单位为字节）

=800*4*3.14*100*250/8 ( 注意单位)

=30MB （约）

数据传输率=π*内直径*记录位密度/8*转速/60（字节/秒）=1175500 字节

一个磁道的非格式化容量与扇区无关，就是磁道长度*记录位密度/8。

而在计算整个磁盘的非格式化容量时要取最短磁道长度即内径。

专家点评：本题的考点是，有关磁盘容量的计算方法。非格式化容量和格式化

容量是磁盘容量的两个指标，它们的计算公式为：

非格式化容量：

非格式化容量＝最大位密度×最内圈周长×总磁道数

在本题中，位密度为：250 位/mm；

内圈周长为：3.1416×100= 314.16mm ；

每记录面总磁道数为：（150－50）×8＝800 道，

则每记录面的非格式化容量为：314.16×250×800＝60Mbit；

该磁盘有4 个记录面，则其非格式化容量为：60Mbit×4/8=30MB。

格式化容量：

格式化容量＝每道扇区数×扇区容量×总磁道数

＝16×512×800/(1024×1024)=25MB。

硬盘的平均数据传输率可由以下公式计算：

平均数据传输率＝每道扇区数×扇区容量×盘片转速

＝ 16 × 512 × 7200/60 ＝ 960KB/s 该传输率最接近可选的

1178KB/s 。

从题意可知，该盘由多个盘片构成，相同的磁道号构成一系列的柱面，在用

磁盘记录一个文件时，应将文件尽可能的记录在同一个柱面上，当一个柱面记

录不下时，在记录在相邻的柱面上。因此第3 问应选B。

问题： 分辨率为640*480 的真彩色图象，象素分辨率为24bit，如果以每秒25

帧动态显示，则需要的通信带宽是

A 、1.54Mbps B、2.048Mbps C、18.4Mbps D、184Mbps

解析：如果不考虑任何的压缩，需要的带宽=图像尺寸*图像像素密度*像素的彩

色分辨率*图像更新速度，题目中没有给出图片尺寸，假设是单位尺寸，带宽

=640*480*24*25 bit/s=184Mbps

专家点评：本题的考点是，通信带宽的计算。

问题：串联系统的平均无故障时间指的是什么?怎么求?

解析：对于无论串联或并联系统两次故障之间系统能正常工作的时间的平均值

称为平均无故障时间MTBF： MTBF=1/λ（λ为失效率），对于串联系统设各子系

统的失效率为λi，则整个串联系统的失效率为： λ=λ1+λ2+…+λn(假设有n

个子系统)。