HDU 5501 (贪心+01背包（DP）,做题顺序）

问题描述

2045年的SD省队选拔，赛制和三十年前已是完全不同。一场比赛的比赛时间有 $t$ 分钟，有 $n$ 道题目。
第 $i$ 道题目的初始分值为 A_i(A_i \leq 10^{6})A​i​​(A​i​​≤10​6​​) 分，之后每过一分钟这道题目的分值会减少 B_iB​i​​ 分，并且保证到比赛结束时分值不会减少为负值。比如，一个人在第 $x$ 分钟结束时做出了第 $i$ 道题目，那么他/她可以得到 A_i - B_i * xA​i​​−B​i​​∗x 分。
若一名选手在第 $x$ 分钟结束时做完了一道题目，则他/她可以在第 $x+1$ 分钟开始时立即开始做另一道题目。
参加省队选拔的选手 dxy 具有绝佳的实力，他可以准确预测自己做每道题目所要花费的时间，做第 $i$ 道需要花费 C_i(C_i \leq t)C​i​​(C​i​​≤t) 分钟。由于 dxy 非常神，他会做所有的题目。但是由于比赛时间有限，他可能无法做完所有的题目。他希望安排一个做题的顺序，在比赛结束之前得到尽量多的分数。

输入描述

第一行为一个正整数 $T(T\le 10)$，表示数据组数($n>200$的数据不超过$5$组)。
对于每组数据，第一行为两个正整数 $n(n\le 1000)$ 和 $t(t\le 3000)$, 分别表示题目数量和比赛时间。接下来有 $n$ 行，每行 $3$ 个正整数依次表示 A_i, B_i, C_iA​i​​,B​i​​,C​i​​，即此题的初始分值、每分钟减少的分值、dxy做这道题需要花费的时间。

输出描述

对于每组数据输出一行一个整数，代表dxy这场比赛最多能得多少分

输入样例

1
4 10
110 5 9
30 2 1
80 4 8
50 3 2

输出样例

88

Hint

dxy先做第二题，再做第一题，第一题得分为$110-5\ast (1+9)=60$，第二题得分为$30-2\ast 1=28$，总得分为$88$，其他任何方案的得分都小于$88$

这道题考察的是贪心思想和动态规划。

首先我们考虑，假如我们已经确定了要做哪些题目，按什么顺序做这些题目最好。

假设已经确定了要做其中的$m$道题，某一个方案中做题的顺序是依次做x_{1},x_{2}\rightarrow{x}_{m}x​1​​,x​2​​→x​m​​，那么对于这个方案中任意的相邻两项{x}_{i}x​i​​,{x}_{i+1}x​i+1​​,考虑交换这两项的顺序，方案是否会变得更优，交换方案中的相邻两项，只会对这两道题的得分有影响，对其余的题目不会产生影响。

如果不交换这两项，损失的分数是 C_{x_{i}} * B_{x_{i+1}} + KC​x​i​​​​∗B​x​i+1​​​​+K，如果交换这两项，损失的分数是C_{x_{i+1}} * B_{x_{i}} + KC​x​i+1​​​​∗B​x​i​​​​+K (K是一个常数) 所以只需要判断是否 C_{x_{i}} * B_{x_{i+1}} \leq C_{x_{i+1}} * B_{x_{i}} + KC​x​i​​​​∗B​x​i+1​​​​≤C​x​i+1​​​​∗B​x​i​​​​+K，如果此不等式成立，那么应该交换这两项。对上式移项得 B_{x_{i+1}} / C_{x_{i+1}} > B_{x_{i}} / C_{x_{i}}B​x​i+1​​​​/C​x​i+1​​​​>B​x​i​​​​/C​x​i​​​​ 。所以对于一个确定的题目集合，做题的最优顺序只与每道题目的B_i / C_iB​i​​/C​i​​有关，按每道题目扣分速度与做题时间的比值排序，按照比值从大到小做题。

因此我们先对所有的题目按照这个比值进行排序，接下来，只要按照排好的顺序，选择做哪些题目就可以了。这相当于一个简单的“背包问题”，使用动态规划来解决。{dp}_idp​i​​表示恰好用了$i$分钟的最高得分。状态转移方程为{dp}_i = \max_{1\leq j\leq n}{dp}_{i-C_j} + A_j - (i * B_j)dp​i​​=max​1≤j≤n​​dp​i−C​j​​​​+A​j​​−(i∗B​j​​)。

最终答案是\max_{0 \leq i \leq t}{dp_i}max​0≤i≤t​​dp​i​​。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;

struct node
{
	int a;
	int b;
	int c;
	double d;
} num[1111];

bool cmp(node x,node y)
{
	if(x.d>y.d) return true;
	return false;
}

int dp[3333];

int main()
{
	int T,n,t,i,j,mmax;
	cin>>T;
	while(T--) {
		mmax=-1;
		memset(dp,0,sizeof(dp));
		cin>>n>>t;
		for(i=0;i<n;i++) {
			cin>>num[i].a>>num[i].b>>num[i].c;
			num[i].d=(double) num[i].b/num[i].c;
		}
		sort(num,num+n,cmp);
		for(i=0;i<n;i++) {
			for(j=t;j>=num[i].c;j--){
				dp[j]=max(dp[j],dp[j-num[i].c]+num[i].a-num[i].b*j);
				mmax=max(mmax,dp[j]);
			}
		}
		cout<<mmax<<endl;
	}
	return 0;
}