51nod 1455 宝石猎人(dp or 记忆化搜索)

苏塞克岛是一个有着30001个小岛的群岛,这些小岛沿着一条直线均匀间隔分布,从西到东编号为0到30000。众所周知,这些岛上有很多宝石,在苏塞克岛上总共有n颗宝石,并且第i颗宝石位于岛 pi上。

小法正好到达0号小岛上,他拥有卓越的跳跃能力,能根据以下规则在小岛之间向东重复跳跃:

·        首先,他会从0号岛跳到d号岛

·        此后,他会根据以下规则继续跳跃,L是上一次跳跃的长度,即,如果他上一次跳跃是从岛prev岛cur,L= cur-prev。他可以向东做一次长度为L-1,L或L+1的跳跃。即,他将会跳到岛 (cur + L - 1), (cur + L) 或 (cur + L + 1)(如果这些岛存在)。一次跳跃的长度必须是正数,即,当L=1时,他不能做一次长度为0的跳跃,如果没有有效的目的地,他将会停止跳跃。

小法将会在跳跃的过程中收集到过的岛上的宝石。我们要找到小法能收集的宝石的最大数。


样例解释:在第一个样例中,最优路径是0  →  10 (+1宝石)  →  19  →  27 (+2宝石)  →...
Input
输入的第一行是两个以空格隔开的整数n和d (1 ≤ n, d ≤ 30000),分别表示苏塞克岛上的宝石数量和小法第一次跳跃的长度。
接下来n行表示这些宝石的位置,第i行(1 ≤ i ≤ n)包含一个整pi(d ≤ p1 ≤ p2 ≤ 
... ≤ pn ≤ 30000),表示包含第i颗宝石的小岛的编号。
Output
输出小法能收集的宝石的最大数
Input示例
4 10
10
21
27
27
Output示例
3
System Message  (题目提供者)
其实很容易想到用dp[i][j]表示走到i步是跨j步的最大获得量,但是是肯定开不了这么大的数组的,我们可以用dp{i][j]表示走到第i个岛是跨了d+j步的最大获得,因为最多30000个,所以这个偏移最大范围约-245~245,偏移量全部加250,得到一个正数偏移量,则开dp[30000][500]就可以表示状态了,计算获得时,注意减掉250的修正。
dp代码:
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<map>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<cmath>
#pragma comment(linker, "/STACK:10240000,10240000")
using namespace std;
typedef long long ll;
const int inf =0x3f3f3f3f;
const double  pi = acos(-1.0);
const int N = 1e5 + 10;
int dp[30300][550], vis[30300];
int main()
{
    int n, d;
    while(cin>>n>>d)
    {
        memset(dp, -1, sizeof(dp));
        memset(vis, 0, sizeof(vis));
        int x, ans = 0;
        for(int i = 0; i<n; i++)
            scanf("%d", &x), vis[x]++;
        dp[d][250] = vis[d];
        ans = vis[d];
        for(int i = 1; i<=30000; i++)
        {
            for(int j = 0; j<=500; j++)
            {
                int Next = i + d + j - 250;
                if(dp[i][j]==-1)
                    continue;
                if(Next <= 30000)
                {
                    dp[Next][j] = max(dp[Next][j], dp[i][j]+vis[Next]);
                    ans = max(ans, dp[Next][j]);
                }
                if(Next + 1 <= 30000)
                {
                    dp[Next+1][j+1] = max(dp[Next+1][j+1], dp[i][j]+vis[Next+1]);
                    ans = max(ans, dp[Next+1][j+1]);
                }
                if(Next - 1>=1 && j+d&&Next<=30000 && Next - i>1)
                {
                    dp[Next-1][j-1] = max(dp[Next-1][j-1], dp[i][j]+vis[Next-1]);
                    ans = max(ans, dp[Next-1][j-1]);
                }
            }
        }
        cout<<ans<<endl;
    }
    return 0;
}
记忆化搜索代码:
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<map>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<cmath>
#pragma comment(linker, "/STACK:10240000,10240000")
using namespace std;
typedef long long ll;
const int inf =0x3f3f3f3f;
const double  pi = acos(-1.0);
const int N = 1e5 + 10;
int dp[30300][550], vis[30300];
int d;
int dfs(int now, int p)
{
    if(now>30000)
        return 0;
    if(dp[now][p]!=-1)
        return dp[now][p];
    int tmp = 0;
    dp[now][p] = vis[now];
    tmp = max(tmp, dfs(now + p-250+d + 1, p+1));
    if(p+d-250>1)
        tmp = max(tmp, dfs(now + p -250-1+d,p-1));
    tmp = max(tmp, dfs(now + p-250+d, p));
    dp[now][p] += tmp;
    return dp[now][p];

}
int main()
{
    int n;
    while(cin>>n>>d)
    {
        memset(dp, -1, sizeof(dp));
        memset(vis, 0, sizeof(vis));
        int x, ans = 0;
        for(int i = 0; i<n; i++)
            scanf("%d", &x), vis[x]++;
        printf("%d\n",dfs(d, 250));
    }
    return 0;
}



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