POJ 3070 Fibonacci（矩阵快速幂）

Description
已知，
求Fn (mod 10000)
Input
多组输入，每组用例占一行为一整数n，以n=-1结束输入
Output
对于每组用例，输出Fn（mod 10000）
Sample Input
0
9
999999999
1000000000
-1
Sample Output
0
34
626
6875
Solution
矩阵快速幂裸题
Code

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
#define maxn 3
typedef long long ll;
struct Mat
{
    int mat[maxn][maxn];//矩阵 
    int row,col;//矩阵行列数 
};
Mat mod_mul(Mat a,Mat b,int p)//矩阵乘法 
{
    Mat ans;
    ans.row=a.row;
    ans.col=b.col;
    memset(ans.mat,0,sizeof(ans.mat));
    for(int i=0;i<ans.row;i++)
        for(int j=0;j<ans.col;j++)
            for(int k=0;k<a.col;k++)
            {
                ans.mat[i][j]+=a.mat[i][k]*b.mat[k][j];
                ans.mat[i][j]%=p;
            }
    return ans;
}
Mat mod_pow(Mat a,int k,int p)//矩阵快速幂 
{
    Mat ans;
    ans.row=a.row;
    ans.col=a.col;
    for(int i=0;i<a.row;i++)
        for(int j=0;j<a.col;j++)
            ans.mat[i][j]=(i==j);
    while(k)
    {
        if(k&1)ans=mod_mul(ans,a,p);
        a=mod_mul(a,a,p);
        k>>=1;
    }
    return ans;
}
int main()
{
    Mat a;//构造矩阵 
    a.mat[0][0]=a.mat[0][1]=a.mat[1][0]=1;
    a.mat[1][1]=0;
    a.row=a.col=2;
    int n;
    while(scanf("%d",&n)&&n!=-1)
    {
        Mat ans=mod_pow(a,n,10000);
        printf("%d\n",ans.mat[0][1]);
    }
    return 0;
}