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动态规划(Dynamic Programming)算法是计算机科学科学领域中最重要也是最常用的一个算法,巧妙的利用它可以解决很多复杂的问题,而且该算法也频繁的出现在各大互联网公司的面试中,因此掌握它是十分必要的。
但该算法对于初学者来说理解并掌握并非易事,本系列教程将带领大家一起来学习该算法,通过经典的案列介绍和问题分析以及python代码实现,帮助大家彻底理解动态规划。
首先我们来看一道非常经典的“凑硬币”题目:
面值为1元、3元、5元的硬币若干,如何用最少的硬币凑够11元?
在具体的编码之前,需要对问题做深入的分析。
步骤1:用函数的形式来表示题目结果。
设f(x)= y,该函数表示凑够x元,最少的硬币数量为y。
举例如下:
- 凑够1元最少的硬币数量为1,则可表示为f(1)= 1
- 凑够11元最少的硬币数量为3,则可表示为f(11)= 3
步骤2:分析递推情况。
凑够11元,我们需要多次选择,如:
第一次选择1元,则还需要凑够11- 1 = 10元;
第二次选择3元,则还需要凑够10- 3 = 7元;
。。。
如果选择了一枚1元硬币,则f(11)= 1 + f(11-1),表示凑够11元选择了一枚1元硬币,那么还剩下需要凑够11-1= 10元的硬币数量f(10)。
同理如果选择3元则f(11)= 1 + f(11-3),如果选择5元则f(11)= 1 + f(11-5)。
根据题目要求凑够11元使用最少的硬币,所以
f(11) = min{1+f(10), 1+f(8),1+f(6)}
注:此处大家要充分理解f(x)函数的含义,f(x)表示凑够x元最少需要的硬币数量。
通过分析f(11)我们知道要想求解f(11)必须先求解f(10),f(8), f(6)。
f(10) = min{1+f(10-1), 1+f(10-3), 1+f(10-5)}
f(8) = min{1+f(8-1), 1+f(8-3), 1+f(8-5)}
f(6) = min{1+f(6-1), 1+f(6-3), 1+f(6-5)}
。。。
故,要想求解f(11),必须先求解f(10),f(8),f(6),而要求解f(10)必须先求解f(9),f(7), f(5),其他的同理,所以只有计算了前面函数的值后,才能得到后面的函数结果。
在认真分析f(11)之后,我们很容易的得出一般情况即:
f(i) = min{ 1+f(i-1), 1+f(i-3), 1+f(i-5)}
凑够i元,可以有三种方案,分别是选择一枚1元、一枚3元或一枚5元,然后选择这三种方案中最小的值。这就是得出的针对一般情况的递推结果。这个递推公式对于求解动态规划题目来说显得尤为重要。
以上就是分析递推的情况,不知您理解了与否。
步骤3:算法实现
在了解问题的解决思路后,可以选择任何一门熟悉的编程语言去实现,如c,java等。下面将介绍python的实现思路:
import numpy as np
MAX_YUAN = 20
# dp表示凑够n元最少需要多少硬币
dp = np.zeros((MAX_YUAN,) , dtype=np.int)
dp[1] = 1
dp[2] = 2
dp[3] = 1
dp[4] = 2
dp[5] = 1
# path表示凑够n元第一次选择的币值
path = np.zeros((MAX_YUAN,), dtype=np.int)
path[0] = 0
path[1] = 1
path[2] = 1
path[3] = 3
path[4] = 3
path[5] = 5
for i in range(6, MAX_YUAN):
candidate = np.zeros((3,), dtype=np.int64)
candidate[0] = 1 + dp[i - 1]
candidate[1] = 1 + dp[i - 3]
candidate[2] = 1 + dp[i - 5]
index = candidate.argmin()
if index == 0:
path[i] = 1
elif index == 1:
path[i] = 3
else:
path[i] = 5
dp[i] = candidate.min()
print(dp)
print(path)
# 打印凑够19元的硬币币值
# 结果:1 3 5 5 5
i = 19
while i != 0:
print(path[i])
i = i - path[i]
注:上述代码中path变量的理解难度较大,后续文章将深入介绍代码实现。
如果不了解算法思想,不了解分析问题的思路和方法,即使精通任何一门编程语言也无济于事,因为无从下手,这也是公众号一直强调的分享算法思想,帮助大家彻底理解算法。
后面将持续分享深入理解计算机领域经典算法的文章,欢迎持续关注。