Wannafly模拟赛3 题解
首先大赞Wannafly啊，无私奉献啊有木有。我把我做出来的和补的题写个题解。
题目描述
一只南美洲亚马孙河流域热带雨林中的蝴蝶，偶尔扇动几下翅膀，可
以在两周以后引起美国德克萨斯州的一场龙卷风。――蝴蝶效应
由于这个理论的存在，大多数人认为将未来的事物送回过去将会引发
严重的时间悖论，但事实上还存在另外一套理论。
自然会对这类不和谐的蝴蝶效应做出调整，具体地来说就是触发一些
小概率的恶性事件来抹杀穿越者来消除其对未来的影响。
虽然听上去很荒诞，但Alicebell决定去验证这一假说，她将按1 ∼ n的
顺序依次到访过去的n个时间点。
这n个时间点各有一个能源参数 A i ，即到达这个时间点时，身上必须
保证有 A i 单位的能量，那之后将会消耗掉一单位的能量。
Alicebell想知道依次到访这n个时间点，最初需要携带至少多少能量。
输入描述:
第一行，一个正整数n。
第二行，n个正整数 A i 。
输出描述:
一行，一个正整数，最初需要携带能量下限。
示例1
输入
5
1 2 5 4 2
输出
7
备注:
对于30%的数据，n, A i ≤ 5。
对于50%的数据，n, A i ≤ 100。
对于100%的数据，n ≤ 105，1 ≤ A i ≤ 109。
解法：水题。。维护i+A[i]的最大值。
#include 题目描述
贝伦卡斯泰露，某种程度上也可以称为古手梨花，能够创造几率近乎
为0的奇迹，通过无限轮回成功打破了世界线收束理论。
和某民科学者不同，贝伦并不在意世界线收束的那套理论，作为奇迹
之魔女，贝伦的爱好只在于品茶。
作为品茶的消遣，贝伦正在解一道简单的谜题。
给出一个长度为n的数列 A i ，问是否能将这个数列分解为两个长度
为n/2的子序列，满足
∙ 两个子序列不互相重叠。
∙ 两个子序列中的数要完全一样，{1, 2} = {1, 2}，{1, 2} ≠ {2, 1}。
输入描述:
第一行，一个正整数T，表示数据组数。
接下来T组数据，每组数据的第一行，一个正整数n，第二行n个正整数 A i 。
输出描述:
每组数据输出一行，如果可以完成，输出Frederica Bernkastel，否则输出Furude Rika。
示例1
输入
3
4
1 1 2 2
6
1 2 3 4 5 6
4
1 2 2 1
输出
Frederica Bernkastel
Furude Rika
Furude Rika
备注:
对于30%的数据，n ≤ 16。
对于另20%的数据，T = 1。
对于另20%的数据，T = 2。
对于100%的数据，T ≤ 5，1 ≤ A i ≤ n ≤ 40，保证n为偶数。
解法：爆搜，正解为折半枚举+Hash。
#include 题目链接：https://www.nowcoder.com/acm/contest/13/D
解法：统计每个点的度数，按照图的形态统计属于哪种。
#include 题目链接：https://www.nowcoder.com/acm/contest/13/E
解法：离散化后直接用vector维护每个数在的位置，维护距离差值的前缀和，然后枚举二分，复杂度O(nlogn)，可以直接用tp,可以做到O（n）
#include if(v[i].size()==0) continue;
int sz = v[i].size();
vector <int> tmp;
tmp.push_back(0);
for(int j=1; j1]-1);
for(int j=1; j1];
for(int j=0; jint pos = upper_bound(tmp.begin(),tmp.end(),tmp[j]+k)-tmp.begin();
pos--;
ans = max(ans, pos-j+1);
}
}
printf("%d\n", ans);
return 0;
} 题目链接：https://www.nowcoder.com/acm/contest/13/F
解法：
#include int rt){
Tree[rt].sum = Tree[rt*2].sum+Tree[rt*2+1].sum;
}
void build(int l,int r,int rt){
Tree[rt].l=l,Tree[rt].r=r,Tree[rt].sum=0;
if(l==r) return;
int mid=(l+r)/2;
build(l,mid,rt*2);
build(mid+1,r,rt*2+1);
pushup(rt);
}
void update(int pos, int rt){
if(Tree[rt].l==Tree[rt].r){
Tree[rt].sum=1;
return;
}
int mid=(Tree[rt].l+Tree[rt].r)/2;
if(pos<=mid) update(pos, rt*2);
else update(pos, rt*2+1);
pushup(rt);
}
int query(int L, int R, int rt){
if(L<=Tree[rt].l&&Tree[rt].r<=R){
return Tree[rt].sum;
}
int mid=(Tree[rt].l+Tree[rt].r)/2;
int ret = 0;
if(L<=mid) ret += query(L,R,rt*2);
if(mid*2+1);
return ret;
}
bool vis[maxn];
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=0; i<m; i++){
scanf("%d%d%d", &a[i].l,&a[i].r,&a[i].k);
}
build(1, n, 1);
sort(a,a+m);
int t,cur;
ans=0;
for(int i=0; i<m; i++){
t=query(a[i].l,a[i].r,1);
cur=a[i].r;
while(twhile(vis[cur]){--cur;}
update(cur,1);
++t;
++ans;
vis[cur]=1;
}
}
printf("%d\n", ans);
return 0;
}