2014年百度实习电话面试
学姐接到百度电话面试，我上网查了查面经
如下：
第一题，介绍熟悉的排序算法。（狂问时间复杂度，感觉百度很关注这个。）
第二题：已经排序两个正整数数组，等长，如何找到两个数组里面全部数的中位数。
第三题 两个文件各存50亿个url，求两个文件里同时出现的url。（hash表）
给定a、b两个文件，各存放50亿个url，每个url各占64字节，内存限制是4G，让你找出a、b文件共同的url？
方案1：可以估计每个文件安的大小为50G×64=320G，远远大于内存限制的4G。所以不可能将其完全加载到内存中处理。考虑采取分而治之的方法。s 遍历文件a，对每个url求取 ，然后根据所取得的值将url分别存储到1000个小文件（记为 ）中。这样每个小文件的大约为300M。s 遍历文件b，采取和a相同的方式将url分别存储到1000各小文件（记为 ）。这样处理后，所有可能相同的url都在对应的小文件（ ）中，不对应的小文件不可能有相同的url。然后我们只要求出1000对小文件中相同的url即可。s 求每对小文件中相同的url时，可以把其中一个小文件的url存储到hash_set中。然后遍历另一个小文件的每个url，看其是否在刚才构建的hash_set中，如果是，那么就是共同的url，存到文件里面就可以了。
方 案2：如果允许有一定的错误率，可以使用Bloom filter，4G内存大概可以表示340亿bit。将其中一个文件中的url使用Bloom filter映射为这340亿bit，然后挨个读取另外一个文件的url，检查是否与Bloom filter，如果是，那么该url应该是共同的url（注意会有一定的错误率）。
思路：
可以估计每个文件的大小为5G*64=300G，远大于4G。所以不可能将其完全加载到内存中处理。考虑采取分而治之的方法。
遍历文件a，对每个url求取hash(url)%1000，然后根据所得值将url分别存储到1000个小文件（设为a0,a1,...a999）当中。这样每个小文件的大小约为300M。遍历文件b，采取和a相同的方法将url分别存储到1000个小文件(b0,b1....b999)中。这样处理后，所有可能相同的url都在对应的小文件(a0 vs b0, a1 vs b1....a999 vs b999)当中，不对应的小文件（比如a0 vs b99）不可能有相同的url。然后我们只要求出1000对小文件中相同的url即可。
比如对于a0 vs b0，我们可以遍历a0，将其中的url存储到hash_map当中。然后遍历b0，如果url在hash_map中，则说明此url在a和b中同时存在，保存到文件中即可。
如果分成的小文件不均匀，导致有些小文件太大（比如大于2G），可以考虑将这些太大的小文件再按类似的方法分成小小文件即可。
第四题 经典的 字符串反转 问题， 后来说，句子里面的单词反转。
第五题 字典查找问题，给定一个英文字典，给出12个不重复的字母，如果字典里的单词由这12个字母或12字母里面的某几个字母组成，则把此单词挑出来。
问题就到这里，gg问我有没有什么问题，问问面试官所在项目组是做什么工作的，可不可以介绍下，然后，不管结果如何，一定要通知我一下，然后他说他不方便现在说。
另外一份面经：
我的简历上写的主要是做视频图像处理的，然后写了自己的编程能力。所以感觉整个面试的问题都是围绕简历上图像处理、C、C++编程的问题展开的。（所以建议对自己的简历一定要熟悉，基础知识要扎实，不会的东西还是不要吹比较好==|||，不然问的东西都不知道会死的很难看）。
按照我的回忆，问了下面的内容：
1、简单自我介绍（我事先打了个草稿，就按照草稿上的东西说的，说完之后面试官笑了一下，可能是觉得我说的官方了吧^^）
2、项目介绍（介绍完之后，他又问了几个项目的问题，不过感觉他不是很懂）
图像处理部分：
3、香农定理、奈奎斯特定理（他问我的是香农定理 ，但是给我的提示是奈奎斯特定理 ，所以他自己也没分清吧==|||）
4、常见低通滤波器、滤波器的原理。
C、C++部分的问题：
这个部分是他考的重点，很多问题他都是先抛过来，我给了答案之后他会再十分仔细的追问，问很本质的问题，就是考察对C、C++的认知够不够吧，有点招架不住。
5、this指针怎么用、作用。
6、一个指向类的指针占用内存大小。
7、new delete和malloc free的区别。(我说new可以重载，他又问为什么可以重载)
8、const的作用、好处。
一个const型的函数和普通的函数特别的地方在哪里？
9、引用和指针的区别。
10、如果叫你设计函数strcpy()，你要考虑哪些问题？给你5分钟时间，一一列举。（感觉这个问题是考你思维缜不缜密，想的全不全面）
为什么strcpy() 会返回一个指针型的返回值？有什么好处？
11、编程过程中遇到过哪些内存崩溃的问题，解决办法，怎么避免？（因为简历中我写了阅读代码5万行以上，写代码2万行以上，所以他考了我这个吧）
12、代码执行的时候有时候内存会不够，怎么保证内存足够？
数据结构的问题：
12、你所知道的排序算法及复杂度，其中哪些是稳定的，哪些是不稳定的，为什么。
最后一个是智力题：
13、25辆车，5个赛道，没有秒表，可以看到跑的快慢，最少比多少次，能测出前三名？（这个问题他给了我很多的时间，我给的答案是8，他说错了不过做不出来也没关系）
最后他就问我还有什么问题吗？我就问了一些无关紧要的问题。挂电话的时候是6:00，面了整整一个小时~我的处女面就这样华丽丽的结束啦！
百度贴吧测试部门实习生电话面试
来自：http://blog.csdn.net/zxxyyxf/article/details/6547225
1.内存如何分配？
答： 内存分配方式有三种：
（1）从静态存储区域分配。内存在程序编译的时候就已经分配好，这块内存在程序的整个运行期间都存在。例如全局变量，static变量。
（2）在栈上创建。在执行函数时，函数内局部变量的存储单元都可以在栈上创建，函数执行结束时这些存储单元自动被释放。栈内存分配运算内置于处理器的指令集中，效率很高，但是分配的内存容量有限。
（3）从堆上分配，亦称动态内存分配。程序在运行的时候用malloc或new申请任意多少的内存，程序员自己负责在何时用free或delete释放内存。动态内存的生存期由我们决定，使用非常灵活，但问题也最多。
参考：http://www.cnblogs.com/gaochaooo/archive/2009/09/03/1559764.html
2.TCP/IP三次握手过程？第三次握手失败会如何？
答： 在TCP/IP协议中，TCP协议提供可靠的连接服务，采用三次握手建立一个连接。
第一次握手：建立连接时，客户端发送syn包(syn=j)到服务器，并进入SYN_SEND状态，等待服务器确认；
第二次握手：服务器收到syn包，必须确认客户的SYN（ack=j+1），同时自己也发送一个SYN包（syn=k），即SYN+ACK包，此时服务器进入SYN_RECV状态；
第三次握手：客户端收到服务器的SYN＋ACK包，向服务器发送确认包ACK(ack=k+1)，此包发送完毕，客户端和服务器进入ESTABLISHED状态，完成三次握手。
完成三次握手，客户端与服务器开始传送数据，在上述过程中，还有一些重要的概念：
未连接队列：在三次握手协议中，服务器维护一个未连接队列，该队列为每个客户端的SYN包（syn=j）开设一个条目，该条目表明服务器已收到SYN包，并向客户发出确认，正在等待客户的确认包。这些条目所标识的连接在服务器处于Syn_RECV状态，当服务器收到客户的确认包时，删除该条目，服务器进入ESTABLISHED状态。
Backlog参数：表示未连接队列的最大容纳数目。
SYN-ACK 重传次数：服务器发送完SYN－ACK包，如果未收到客户确认包，服务器进行首次重传，等待一段时间仍未收到客户确认包，进行第二次重传，如果重传次数超过系统规定的最大重传次数，系统将该连接信息从半连接队列中删除。注意，每次重传等待的时间不一定相同。
半连接存活时间：是指半连接队列的条目存活的最长时间，也即服务从收到SYN包到确认这个报文无效的最长时间，该时间值是所有重传请求包的最长等待时间总和。有时我们也称半连接存活时间为Timeout时间、SYN_RECV存活时间。
3算法：单链表中查找倒数第n个元素，如何测试？
通过一次遍历找到单链表中倒数第n个节点，链表可能相当大，可使用辅助空间，但是辅助空间的数目必须固定，不能和n有关。
单向链表的特点是遍历到末尾后不能反向重数N个节点。因此必须在到达尾部的同时找到倒数第N个节点。
不管是顺数n个还是倒数n个，其实都是距离-标尺问题。标尺是一段距离可以用线段的两个端点来衡量，我们能够判断倒数第一个节点，因为他的next==NULL。如果我们用两个指针，并保持他们的距离为n，那么当这个线段的右端指向末尾节点时，左端节点就指向倒数第n个节点。
测试考虑：结点个数是否大于n；链表为空的情况；……（可补充）
| 01 |
iNode * GetLastNnode(iNode * head, int n) |
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| 02 |
{ |
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| 03 |
iNode * pfirst=head; |
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| 04 |
iNode *psecond=head; |
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| 06 |
int counter; |
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| 07 |
//第1步：建立标尺，移动pfirst N步 |
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| 08 |
for(counter=0; counter |
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| 09 |
{ |
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| 10 |
if(NULL == pfirst) |
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| 11 |
break; // 此时pfirst->next无意义 |
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| 12 |
pfirst=pfirst->next; |
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| 13 |
} |
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| 15 |
if(n != counter) //长度不够n，未找到倒数第n个节点 |
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| 16 |
return NULL; |
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| 18 |
//第2步：保持距离让标尺向右移动，直到右端指向末尾，左端即结果 |
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| 19 |
while(pfirst!=NULL) |
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| 20 |
{ |
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| 21 |
pfirst=pfirst->next; |
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| 22 |
psecond=psecond->next; |
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| 23 |
} |
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| 24 |
return psecond; |
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| 25 |
} |
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| 28 |
iNode * GetLastNnode ( iNode *head, int n) |
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| 29 |
{ |
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| 30 |
iNode * pfirst = head; |
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| 31 |
iNode * psecond = NULL;//可能没有n个 |
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| 32 |
while( n-- > 0 && (pfirst!= NULL) |
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| 33 |
{ |
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| 34 |
pfirst = pfirst ->next; |
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| 35 |
} |
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| 37 |
if(pfirst!= NULL)// 有n个节点 |
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| 38 |
psecond = head; |
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| 40 |
while(pfirst!=NULL) |
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| 41 |
{ |
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| 42 |
pfirst = pfirst ->next; |
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| 43 |
psecond = psecond ->next; |
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| 44 |
} |
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| 45 |
return psecond; //只有一个出口，无论是否有n个节点，都能返回正确值 |
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| 46 |
} |
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附加1：一次遍历单向链表找到中间节点
和上面的思路类似，设置2个指针，一个走2步时，另一个走1步。那么一个走到头时，另一个走到中间。
| 01 |
iNode * GetMiddleNode ( iNode *head ) |
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| 02 |
{ |
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| 03 |
iNode *p1 = head; |
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| 04 |
iNode *p2 = p1; |
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| 05 |
while( p2 ) |
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| 06 |
{ |
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| 07 |
p2 = p2->next; |
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| 08 |
if(p2) |
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| 09 |
{ |
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| 10 |
p2 = p2->next; |
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| 11 |
p1=p1->next; |
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| 12 |
} |
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| 13 |
} |
||||||||||||||
| 14 |
return p1; |
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| 15 |
} |
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附加2：找到第2/3个结点
我们用两个指针，一个指针每次向后移动2个，一个指针每次向后移动3个。
4.如何测试登陆框：
快捷键的使用是否正常：
TAB 键的使用是否正确；上下左右键是否正确；界面如果支持 ESC键 看是否正常的工作；ENTER 键的使用是否正确切换时是否正常。
布局美感：
界面的布局是否符合人的审美的标准，具体因人而依
输入框的功能：
输入合法的用户名和密码可以成功进入
输入合法的用户名和不合法密码不可以进入，并给出合理的提示
输入不合法的用户名和正确密码不可以进入，并给出合理的提示
输入不合法的用户名和不正确的密码不可以进入，并给出合理的提示
不合法的用户名有：不正确的用户名；使用了字符大于用户名的限制；
正常用户名不允许的特殊字符、空的用户名，系统（操作系统和应用系统）的保留字符
不合法的密码有：空密码（除有特殊规定的），错误的密码，字符大于密码的限制
正常密码不允许的特殊字符，系统（操作系统和应用系统）的保留字符
界面的链接：
对于界面有链接的界面，要测试界面上的所有的链接都正常或者给出合理的提示
补充：
输入框是否支持 复制和黏贴 和移动
密码框显示的不要是具体的字符，要是一些密码的字符
验证用户名前有空格是否可以进入，一般情况可以。
验证用户名是否区分大小写。（有的软件是区分大小写的）
验证必填项为空，是否允许进入。
验证登录的次数是否有限制。从安全角度考虑，有些安全级别高的软件会考虑这方面的限制。
再补充：
同一用户名在不同地点登陆是否出现问题；
登陆有效时间（session值）；
以下来自：http://blog.csdn.net/hackbuteer1/article/details/7581306
一面：
第一题、任意给一个数，试证明这个数的某个倍数的十进制表示是01串，比如3的倍数111是二进制表示，5的倍数10是二进制表示，等等。
假设序列1,11,111,1111…用A1~AN标识，下脚标N即为1的个数，如：A1=1,A2=11,A3=111…
其中没有一个是N的倍数，即AK mod N不等于0（K属于1~N），并且AK mod N的余数各不相同，设它们为a1,a2,a3,…,aN，但AK mod N的余数最多只有N-1个不同，则由鸽巢原理可知，a1,a2,a3,…,aN中必有两个相同，即ai=aj(j>i)，则Aj-Ai=0(mod N)，Aj-Ai即为所求的0和1组成的十进制数M，得证。
第二题、证明素数有无穷多个。
假若素数只有有限多个，设最大的一个是P，从2到P的全体素数是：
2，3，5，7，11……，P。
所有的素数都在这里，此外再没有别的素数了。
现在，我们来考察上面从2到P的全体素数相乘、再加上1这个数，设它是A，即
A=2×3×5×7×11×……×P+1。
A是一个大于1的正整数，它不是素数，就是合数。
如果A是素数，那么，就得到了一个比素数P还要大的素数，这与素数P是最大素数的假设矛盾。
如果A是合数，那么，它一定能够被某个素数整除，设它能被g整除。
因为A被从2到P的任何一个素数除，余数都是1，就是都不能整除，而素数g是能整除A的，所以素数g不在从2到P的全体素数之中。这说明素数g是一个比素数P更大的素数，这又与P是最大的素数的假设矛盾。
上面的证明否定了素数只有有限多个的假定，这就证明了素数是无穷多个。
第三题、给一个很大的数组，里面有两个数只出现过一次，其他数都出现过两次，把这两个数找出来。
很简单，根据所有数的异或结果，将数字分为两组，然后找出这两个数。前面我的blog里有这个题的介绍的。
第四题、把一个链表逆过来，要求空间复杂度O(1)，这个算简单的。
- /*
- ==========================
- 功能：链表逆序
- (链表的头变成链表的尾，链表的尾变成头)
- 返回：指向链表表头的指针
- ==========================
- */
- struct node *Reverse (struct node *head)
- {
- struct node *p; //临时存储
- struct node *p1; //存储返回结果
- struct node *p2; //源结果节点一个一个取
- p1 = NULL; //开始颠倒时，已颠倒的部分为空
- p2 = head; //p2指向链表的头节点
- while(p2 != NULL)
- {
- p = p2->next;
- p2->next = p1;
- p1 = p2;
- p2 = p;
- }
- head = p1;
- return head;
- }
二面：
1、是如何统计代码行数以及注释的行数，并写出具体的实现代码。
代码行数是按照\n数的，行注释//需要注意//...\n算一个注释，但注意//...\n之间的//与/**/不算注释。
/**/要注意/* /* */ 等于一个注释, 也就是一旦遇见/*之后就要记下来，一直匹配到*/才算一个完整的注释，中间的内容随便它是什么，包括//可能也嵌套在其中。
2、要求用最快的速度求两个数组的交集，提示数组中的元素是无序的。写出具体的实现代码。
如果哈希真的是O(1)的，那么可以达到O(n+m)，否则就是nlogn + mlogm。
3、写程序，将一个浮点数转化为字符串。。
先将浮点数赋值给一个int类型的整数，然后分别将整数部分、小数部分转化为字符串就可以了。
4、下面两个printf的输出结果是什么？为什么会有这样的结果？
- int main(void)
- {
- char a = 255;
- printf("%d\n",sizeof(++a));
- printf("%d\n",a);
- return 0;
- }
第一个输出的是字符类型占用的内存大小，一个字符类型占用一个字节的大小，所以输出1
由于255的二进制表示是1111 1111，将其作为int类型输出的时候，由于最高位是1，表示的是一个负数，其表示的数字就是将最高位后面的7个1取反后在加上1，表示的就是-1，所以第二个输出应该是-1。
5、下面代码的输出是什么？
- char *c[] = {"ENTER","NEW","POINT","FIRST"};
- char **cp[] = { c + 3 , c + 2 , c + 1 , c};
- char ***cpp = cp;
- int main(void)
- {
- printf("%s",**++cpp);
- printf("%s",*--*++cpp+3);
- printf("%s",*cpp[-2]+3);
- printf("%s\n",cpp[-1][-1]+1);
- return 0;
- }
c[0] = "ENTER"
c[1] = "NEW"
c[2] = "POINT"
c[3] = "FIRST"
而[]和*是本质一样的运算，即c[i]=*(c+i)
c和c+i都是char *[]类型，它可以退化成char **类型，再看cp，它正好是一个char **的数组，来看它的值：
cp[0] = c + 3
cp[1] = c + 2
cp[2] = c + 1
cp[3] = c
再引用一次看得清楚些
cp[0][0]=c[3]="FIRST",etc
cp是char **[]类型，它可以退化成char ***类型，看最后的cpp，它正是char ***类型，它是一个指针变量，和上面两个不同，上面两个是数组。
1、printf("%s",**++cpp);
++cpp 的值是cp+1，引用一次后是cp[1]再引用是*cp[1]=c[2]="POINT"，第一句的输出
2、printf("%s",*--*++cpp+3);
再++cpp 的值是cp+2，引用一次是cp[2]=c+1，再对这进行--，减后是c再引用是c[0]="ENTER"再+3，字符串指针指到"ER"，输出是"ER"
3、printf("%s",*cpp[-2]+3);
这时cpp的值是cp+2，cpp[-2]=*(cpp-2)=*(cp+2-2)=cp[0]=c+3，再引用是c[3]="FIRST",+3 字符串指针指到"ST"，输出是"ST"
4、printf("%s\n",cpp[-1][-1]+1);
cpp还是cp+2，cpp[-1]=*(cpp-1)=*(cp+2-1)=cp[1]=c+2，再[-1]得*(c+2-1)=c[1]="NEW",+1字符串指针指到"EW"，输出是"EW"
三面：
1、给定两个排好序的数组A和B，他们中的元素个数都是n，求他们所有元素的中位数。要求：时间复杂度为O（logn），空间复杂度为O（1）。（二分查找）
http://blog.csdn.net/hackbuteer1/article/details/7584838 实现代码
2、有两个数组a、b，大小都为n，数组中元素的值是整数类型、无序；要求：通过交换a,b中的元素，使数组a元素的和与数组b元素的和之间的差最小？
3、对已排好序的数组A，一般来说可用二分查找可以很快找到。现有一特殊数组A[]，它是循环递增的，如A[]={ 17 19 20 25 1 4 7 9},
试在这样的数组中找一元素x，看看是否存在。
请写出你的算法，必要时可写伪代码，并分析其空间、时间复杂度。
http://blog.csdn.net/hackbuteer1/article/details/7581596 实现代码