NOIP2016 D2T2 蚯蚓

去年的题……拖到现在才做
今年感觉一等奖有点困难了（临近真正退役的高三老年选手
想到结论的话实现起来还是很容易的然而我忘记给初始的蚯蚓长度排序了然后狂WA
我们来看两只蚯蚓，长度分别是 a 和 b
那么假设在当前时间的时候 a>b 我们应该切 a
然后得到两条蚯蚓 a×p 与 a×(1−p)
假设 p>12 ，即第一条比较长
然后我们切 b+q （过了 1 时间长了 q ）
得到 (b+q)×p=b×p+q×p<a×p+q （经过 1 时间 a×p 这条也长了 q ）
同样对较短的两条适用
也就是只要开两个队列，一个存被切成 p 的部分，一个存被切成 1−p 的部分，可以保证队列里的元素是单调递减的
每次取蚯蚓只需比较两个队列头及还没被切过的原队列头的当前长度就可以了
记下每条蚯蚓入队列的时间与原长以计算当前长度
注意在时间 t 被切的蚯蚓在这一秒钟是不会长的
去年偷懒没去想正解用了优先队列水了没想到如此简单
代码

#include
#include
#include
#define g getchar()
#define ll long long
#define inf 0x3f3f3f3f
#define rep(i,n) for(int i=1;i<=n;++i)
#define fi(i,j,k) for(int i=j;i<=k;++i)
#define di(i,j,k) for(int i=j;i>=k;--i)
using namespace std;
inline ll read(){
    ll x=0,f=1;char ch=g;
    for(;ch<'0'||ch>'9';ch=g)if(ch=='-')f=-1;
    for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=g)x=x*10+ch-'0';
    return x*f;
}
inline void out(ll x){
    int a[25],wei=0;
    if(x<0)putchar('-'),x=-x;
    for(;x;x/=10)a[++wei]=x%10;
    if(wei==0){puts("0");return;}
    for(int j=wei;j>=1;--j)putchar('0'+a[j]);
    putchar('\n');
}
int tou1,tou2,tou3,n,m,q,u,v,t,wei1,wei2,wei3,cnt;
struct re{int l,t;}a[100005],b[7000100],c[7000100];
int maaaax(int a,int b,int c){
    int now=-inf;if(tou1<=wei1)now=a;
    if(tou2<=wei2)now=max(now,b);
    if(tou3<=wei3)now=max(now,c);
    if(now==a&&tou1<=wei1)++tou1;else
    if(now==b&&tou2<=wei2)++tou2;else
    if(now==c&&tou3<=wei3)++tou3;
    return now;
}
bool cmp(re x,re y){return x.l>y.l;}
int main(){
//  freopen("","r",stdin);
//  freopen("","w",stdout);
    n=read(),m=read();q=read(),u=read(),v=read(),t=read();
    double p=(u+0.0)/(v+0.0);
    rep(i,n){
        a[i].l=read();
        a[i].t=0;
    }
    sort(a+1,a+1+n,cmp);
    tou2=tou3=tou1=1;wei1=n;
    rep(i,m){
        int now=maaaax(a[tou1].l+(i-a[tou1].t-1)*q,b[tou2].l+(i-b[tou2].t-1)*q,c[tou3].l+(i-c[tou3].t-1)*q)
            ,now1=(int)(p*now);
        b[++wei2]=(re){now1,i};c[++wei3]=(re){now-now1,i};
        if(!(i%t))printf("%d ",now);
    }
    puts("");
    rep(i,n+m){
        int now=maaaax(a[tou1].l+(m-a[tou1].t)*q,b[tou2].l+(m-b[tou2].t)*q,c[tou3].l+(m-c[tou3].t)*q);
        if(!(i%t))printf("%d ",now);
    }
    puts("");
    return 0;
}