Max Sum Plus Plus HDU - 1024

Now I think you have got an AC in Ignatius.L's "Max Sum" problem. To be a brave ACMer, we always challenge ourselves to more difficult problems. Now you are faced with a more difficult problem. 

Given a consecutive number sequence S  ₁, S  ₂, S  ₃, S  ₄ ... S  _x, ... S  _n (1 ≤ x ≤ n ≤ 1,000,000, -32768 ≤ S  _x ≤ 32767). We define a function sum(i, j) = S  _i + ... + S _j (1 ≤ i ≤ j ≤ n). 

Now given an integer m (m > 0), your task is to find m pairs of i and j which make sum(i  ₁, j  ₁) + sum(i  ₂, j  ₂) + sum(i  ₃, j  ₃) + ... + sum(i  _m, j  _m) maximal (i  _x ≤ i  _y≤ j  _x or i  _x ≤ j  _y ≤ j  _x is not allowed). 

But I`m lazy, I don't want to write a special-judge module, so you don't have to output m pairs of i and j, just output the maximal summation of sum(i  _x, j  _x)(1 ≤ x ≤ m) instead. ^_^ 

InputEach test case will begin with two integers m and n, followed by n integers S  ₁, S  ₂, S  ₃ ... S  _n. 
Process to the end of file. 
OutputOutput the maximal summation described above in one line. 
Sample Input

1 3 1 2 3
2 6 -1 4 -2 3 -2 3

Sample Output

6
8


        
  

Hint

Huge input, scanf and dynamic programming is recommended.

题意：给你一个序列，让你求其中m段子段的最大和。

思路：1000000的n，我也是很无奈，看的kuangbin大神的解析，用滚动数组优化，不过之间的滚动数组的更新看了它的操作很是佩服。

以下是他的解析：

本题的大致意思为给定一个数组，求其分成m个不相交子段和最大值的问题。

设Num为给定数组，n为数组中的元素总数，Status[i][j]表示前i个数在选取第i个数的前提下分成j段的最大值，其中1<=j<=i<=n && j<=m，状态转移方程为：

Status[i][j]=Max(Status[i-1][j]+Num[i]，Max(Status[0][j-1]~Status[i-1][j-1])+Num[i])

乍看一下这个方程挺吓人的，因为题中n的限定范围为1~1,000,000而m得限定范围没有给出，m只要稍微大一点就会爆内存。但仔细分析后就会发现Status[i][j]的求解只和Status[*][j]与Status[*][j-1]有关所以本题只需要两个一维数组即可搞定状态转移。

在进行更进一步的分析还会发现其实Max(Status[0][j-1]~Status[i-1][j-1])根本不需要单独求取。在求取now_Status（保存本次状态的数组）的过程中即可对pre_Status（保存前一次状态的数组）进行同步更新。

 

 

状态dp[i][j]

有前j个数，组成i组的和的最大值。

决策： 第j个数，是在第包含在第i组里面，还是自己独立成组。

方程 dp[i][j]=Max(dp[i][j-1]+a[j] , max( dp[i-1][k] ) + a[j] ) 0

空间复杂度，m未知，n<=1000000，  继续滚动数组。

时间复杂度 n^3. n<=1000000.  显然会超时，继续优化。

max( dp[i-1][k] ) 就是上一组 0....j-1 的最大值。我们可以在每次计算dp[i][j]的时候记录下前j个

的最大值 用数组保存下来  下次计算的时候可以用，这样复杂度 变为 n^2.

上代码：

#include
#include
#include
using namespace std;
int a[1000010];
int dp[1000010];
int maxx[1000010];
int main()
{
    int n,m;
    while(scanf("%d%d",&n,&m) != EOF)
    {
        for(int i=1; i<=m; i++) scanf("%d",&a[i]);
        memset(dp,0,sizeof(dp));
        int maxn;
        memset(maxx,0,sizeof(maxx));
        for(int i=1; i<=n; i++)
        {
            maxn = -999999999;
            for(int j=i; j<=m; j++)//这里从i开始，因为 i组 至少需要i个数
            {
               dp[j] = max(dp[j-1]+a[j],maxx[j-1]+a[j]);
               maxx[j-1] = maxn;//已下是不断更新滚动数组，其实这个可以在草稿纸上画一画，反正我是这样搞明白的。
               maxn = max(maxn, dp[j]);
            }
        }
        cout << maxn << endl;
    }








    return 0;
}

水波。