粽子猪zZ
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codeforces 592D 树链剖分

题意：给一棵树，边上有权值，有两种操作

1 a b f 输出f div（a、b两点间的路径权值和）  向下取整

2 a f  把第a条边的权值修改为f~~~


一开始就想到是树链剖分，但是被数据范围给吓到了，开了一个long double，，但是long double卡效率啊~~结果TLE

后来改为long long,特判一下如果大于1e18就直接赋值为1e18~~~避免溢出  AC了~~   不能用long double声明变量啊~~~~


结果我去看别人的代码，有更加简单的方法~~

由于边的大小只会越来越小，一直小到1，可以利用这一点做文章~~

我们可以暴力往上搜索，且一路合并路径为1的边，（即更改fa[u]的值）

如son->father->grandfather这一条路径~~

当处理到son这个节点时，如果father->grandfather这条边的大小为1的话，那么可以直接把fa[son]=grandfather,跳过father~~~直接处理grandfather这个点~~~


#include 
#include 
#include
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define exp 1e-8
#define fi first
#define ll long long
#define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3f
#define pb(a) push_back(a)
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define all(a) a.begin(),a.end()
#define mm(a,b) memset(a,b,sizeof(a));
#define for0(a,b) for(int a=0;a<=b;a++)//0---(b-1)
#define for1(a,b) for(int a=1;a<=b;a++)//1---(b)
#define rep(a,b,c) for(int a=b;a<=c;a++)//b---c
#define repp(a,b,c)for(int a=b;a>=c;a--)///
#define cnt_one(i) __builtin_popcount(i)
#define stl(c,itr) for(__typeof((c).begin()) itr=(c).begin();itr!=(c).end();itr++)
using namespace std;
void bug(string m="here"){cout< inline void READ(__ll &m){__ll x=0,f=1;char ch=getchar();while(!(ch>='0'&&ch<='9')){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}m=x*f;}
templateinline void read(__ll &m){READ(m);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a){READ(m);READ(a);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a,__ll &b){READ(m);READ(a);READ(b);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a,__ll &b,__ll &c){READ(m);READ(a);READ(b);READ(c);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a,__ll &b,__ll &c,__ll &d){READ(m);READ(a);READ(b);READ(c);read(d);}
template < class T > inline  void out(T a){if(a<0){putchar('-');a=-a;}if(a>9)out(a/10);putchar(a%10+'0');}
template < class T > inline  void outln(T a){out(a);puts("");}
template < class T > inline  void out(T a,T b){out(a);putchar(' ');out(b);}
template < class T > inline  void outln(T a,T b){out(a);putchar(' ');outln(b);}
template < class T > inline  void out(T a,T b,T c){out(a);putchar(' ');out(b);putchar(' ');out(c);}
template < class T > inline  void outln(T a,T b,T c){out(a);putchar(' ');outln(b);putchar(' ');outln(b);}
template < class T > T gcd(T a, T b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
template < class T > T lcm(T a, T b) { return a / gcd(a, b) * b; }
template < class T > inline void rmin(T &a, const T &b) { if(a > b) a = b; }
template < class T > inline void rmax(T &a, const T &b) { if(a < b) a = b; }
template < class T > T pow(T a, T b) { T r = 1; while(b > 0) { if(b & 1) r = r * a; a = a * a; b /= 2; } return r; }
template < class T > T pow(T a, T b, T mod) { T r = 1; while(b > 0) { if(b & 1) r = r * a % mod; a = a * a % mod; b /= 2; } return r; }

const int cnt_edge=400010;  //修改啊
const int cnt_v=200010;
int head[cnt_v],cnt_e;
struct EDGE{int u,v,next;int cost;}edge[cnt_edge];
void addedge(int u,int v,int cost=0)
{edge[cnt_e].u=u;edge[cnt_e].v=v;edge[cnt_e].cost=cost;edge[cnt_e].next=head[u];head[u]=cnt_e++;}
void init(){cnt_e=0;memset(head,-1,sizeof(head));}
#define erg(i,u) for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next)
int tot;
int lr[cnt_v][2];
ll cost[cnt_v];
int idx[cnt_v];
int fa[cnt_v];
void dfs(int u,int pre)
{
    fa[u]=pre;
    lr[u][0]=tot;
    erg(i,u)
    {
        int v=edge[i].v;
        if(v==pre)continue;
        idx[v]=edge[i].cost;//v这个点  对应的是第cost条边~~~~
        dfs(v,u);
    }
    lr[u][1]=tot++;
}
int bingo(int k)//进行路径压缩，即修改fa的值~~
{
    return cost[idx[k]]==1?fa[k]=bingo(fa[k]):k;
}
void solve(int a,int b,ll &c)
{
    if(!a||!c)return;
    if(lr[a][0]<=lr[b][0]&&lr[b][1]<=lr[a][1])return;
    c/=cost[idx[a]];
    solve(fa[a]=bingo(fa[a]),b,c);
}
int main()
{
    init();
    int n,m;
    read(n,m);
    for1(i,n-1)
    {
        int a,b;
        read(a,b);read(cost[i]);
        addedge(a,b,i);
        addedge(b,a,i);
    }
    tot=1;
    dfs(1,0);
    int opt,a,b;ll ff;
    while(m--)
    {
        read(opt);
        if(opt==1)
        {
            read(a,b);
            read(ff);
            solve(a,b,ff);
            solve(b,a,ff);
            outln(ff);
        }
        else
        {
            read(a);read(ff);
            cost[a]=ff;
        }
    }
}


树链剖分的代码：

#include 
#include 
#include
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#include 
#define exp 1e-8
#define fi first
#define ll long long
#define INF 1e18
#define pb(a) push_back(a)
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define all(a) a.begin(),a.end()
#define mm(a,b) memset(a,b,sizeof(a));
#define for0(a,b) for(int a=0;a<=b;a++)//0---(b-1)
#define for1(a,b) for(int a=1;a<=b;a++)//1---(b)
#define rep(a,b,c) for(int a=b;a<=c;a++)//b---c
#define repp(a,b,c)for(int a=b;a>=c;a--)///
#define cnt_one(i) __builtin_popcount(i)
#define stl(c,itr) for(__typeof((c).begin()) itr=(c).begin();itr!=(c).end();itr++)
using namespace std;
void bug(string m="here"){cout< inline void READ(__ll &m){__ll x=0,f=1;char ch=getchar();while(!(ch>='0'&&ch<='9')){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}m=x*f;}
templateinline void read(__ll &m){READ(m);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a){READ(m);READ(a);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a,__ll &b){READ(m);READ(a);READ(b);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a,__ll &b,__ll &c){READ(m);READ(a);READ(b);READ(c);}
templateinline void read(__ll &m,__ll &a,__ll &b,__ll &c,__ll &d){READ(m);READ(a);READ(b);READ(c);read(d);}
template < class T > inline  void out(T a){if(a<0){putchar('-');a=-a;}if(a>9)out(a/10);putchar(a%10+'0');}
template < class T > inline  void outln(T a){out(a);puts("");}
template < class T > inline  void out(T a,T b){out(a);putchar(' ');out(b);}
template < class T > inline  void outln(T a,T b){out(a);putchar(' ');outln(b);}
template < class T > inline  void out(T a,T b,T c){out(a);putchar(' ');out(b);putchar(' ');out(c);}
template < class T > inline  void outln(T a,T b,T c){out(a);putchar(' ');outln(b);putchar(' ');outln(b);}
template < class T > T gcd(T a, T b) { return b ? gcd(b, a % b) : a; }
template < class T > T lcm(T a, T b) { return a / gcd(a, b) * b; }
template < class T > inline void rmin(T &a, const T &b) { if(a > b) a = b; }
template < class T > inline void rmax(T &a, const T &b) { if(a < b) a = b; }
template < class T > T pow(T a, T b) { T r = 1; while(b > 0) { if(b & 1) r = r * a; a = a * a; b /= 2; } return r; }
template < class T > T pow(T a, T b, T mod) { T r = 1; while(b > 0) { if(b & 1) r = r * a % mod; a = a * a % mod; b /= 2; } return r; }

const int cnt_edge=400010;  //Ð޸İ¡
const int cnt_v=200010;
int head[cnt_v],cnt_e;
struct EDGE{int u,v,next,cost;}edge[cnt_edge];
void addedge(int u,int v,int cost=0)
{edge[cnt_e].u=u;edge[cnt_e].v=v;edge[cnt_e].cost=cost;edge[cnt_e].next=head[u];head[u]=cnt_e++;}
void init(){cnt_e=0;memset(head,-1,sizeof(head));}
#define erg(i,u) for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next)

int top[cnt_v];
int fa[cnt_v];
int deep[cnt_v];
int num[cnt_v];
int p[cnt_v];
int son[cnt_v];
int pos;
int eee[cnt_v][2];
ll cost[cnt_v];

void INIT()
{
    init();
    pos = 0;
    memset(son,-1,sizeof(son));
}
void dfs1(int u,int pre,int d)
{
    deep[u]=d;
    fa[u]=pre;
    erg(i,u)
    {
        int v=edge[i].v;
        if(v==pre)continue;
        dfs1(v,u,d+1);
        num[u]+=num[v];
        if(son[u]==-1||num[v]>num[son[u]])
            son[u]=v;
    }
}
void getpos(int u,int sp)
{
    top[u]=sp;
    p[u]=++pos;
    if(son[u]==-1)return;
    getpos(son[u],sp);
    erg(i,u)
    {
        int v=edge[i].v;
        if(v!=son[u]&&v!=fa[u])
            getpos(v,v);
    }
}
long double sum[cnt_v*3];
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
void build(int l,int r,int rt)
{
    sum[rt]=0;
    if(l==r)return;
    int m=l+r>>1;
    build(lson);
    build(rson);
}
void modify(int l,int r,int rt,int pos,long double val)
{
    if(l==r)
    {
        sum[rt]=val;
        return;
    }
    int m=l+r>>1;
    if(pos<=m)modify(lson,pos,val);
    else modify(rson,pos,val);
    if((long double)sum[rt<<1]*sum[rt<<1|1]>=INF)
        sum[rt]=INF;
    else
        sum[rt]=sum[rt<<1]*sum[rt<<1|1];
}
ll query(int L,int R,int l,int r,int rt)
{
    if(L<=l&&r<=R)return sum[rt];
    int m=l+r>>1;
    long double ret=1.0;
    if(L<=m)ret*=(long double)query(L,R,lson);
    if(R>m)ret*=(long double)query(L,R,rson);
    return ret>INF?INF:(ll)ret;
}
ll find(int u,int v)
{
    int f1=top[u],f2=top[v];
    long double ret=1.0;
    while(f1!=f2)
    {
        if(deep[f1]=INF)return INF;
        u=fa[f1];f1=top[u];
    }
    if(u==v)return ret;
    if(deep[u]>deep[v])swap(u,v);
    ret*=(long double)query(p[son[u]],p[v],1,pos,1);
    return ret>=INF?INF:ret;
}
int main()
{
    int n,m;
    INIT();
    read(n,m);
    for1(i,n-1)
    {
        read(eee[i][0],eee[i][1]);
        read(cost[i]);
        addedge(eee[i][0],eee[i][1]);
        addedge(eee[i][1],eee[i][0]);
    }
    dfs1(1,0,0);
    getpos(1,1);
    build(1,pos,1);
    for(int i=1;ideep[eee[i][1]])
            swap(eee[i][0],eee[i][1]);
        modify(1,pos,1,p[eee[i][1]],cost[i]);
    }
    int opt,a,b;
    ll  ff,gg;
    while(m--)
    {
        read(opt);
        if(opt==1)
        {
            read(a,b);
            read(ff);
            if(a==b)
            {
                outln(ff);
                continue;
            }
            gg=find(a,b);
            ff/=gg;
            outln(ff);
        }
        else
        {
            read(a);
            read(ff);
            modify(1,pos,1,p[eee[a][1]],ff);
        }
    }
}



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  • 【codeforces 115E】Linear Kingdom Races 题意&题解&代码（c++） deritt oi之路DERIT的博客专栏线段树-dp
    **E.LinearKingdomRaces**timelimitpertest5secondsmemorylimitpertest256megabytesYouareacarraceorganizerandwouldliketoarrangesomeracesinLinearKingdom.LinearKingdomhasnconsecutiveroadsspanningfromlefttori
  • E. Linear Kingdom Races Lanthanmum 算法数据结构动态规划
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  • 2024ccpc中国郑州 Pown_ShanYu 算法
    题目链接：Dashboard-2024NationalInvitationalofCCPC(Zhengzhou),2024CCPCHenanProvincialCollegiateProgrammingContest-Codeforces文章目录F.优秀字符串J.排列与合数B.扫雷1A.OnceInMyLifeM.有效算法H.随机栈//Solve函数结合末尾模板F.优秀字符串题意：优秀字符串：长度
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    题目链接令1是根，我们可以一层一层的递推出去。容易知道询问a，b如果结果是c，那么c就是a，b路径上的中点。我们可以先让根1和其他n-1个点都询问一遍，如果返回值是1，那么这些点就是第二层，深度为2的点。我们发现一个c点会对应两层的深节点，比如一条链1234，如果询问13和14返回都会是2，那么我们就让2和34分别连一条边，表示3和4是可能和2直接连边的。然后因为第二层我们已经推出来有哪些点了，再
  • Codeforces Round 938 (Div. 3)A-C,E-H 青衫酒145 c语言算法c++
    题目链接A.YogurtSale贪心的选两个物品价格少的，若总个数为奇数再加是单个价格代码：#include#definelllonglongusingnamespacestd;voidsolve(){intn,a,b;cin>>n>>a>>b;intr=0;if(n&1){if(b>t;while(t--){solve();}return0;}B.ProgressiveSquare因为c，d大于
  • Codeforces gym102423 - J One of Each（贪心 + 栈） Happig丶 #
    传送门题目大意给出nnn个数，仅包含[1,k][1,k][1,k]中的数，且至少含有kkk个不同的数。找到一个长度为kkk的子序列是kkk的一个排列且字典序最小。解题思路这个题算是比较难想的贪心了，而且要用栈维护。一开始用尺取发现维护不了，贪心的话自己又陷入了如下几个误区：如果从后向前贪心，显然是可以的，但是对于已经选过的数，无法得知前缀中待选的数是否能全部出现，即使bitsetbitsetbit
  • CF 966 Div3 F. Color Rows and Columns Jiu-yuan 算法
    原题链接：Problem-F-Codeforces题意：多测，每组测试数据给出n和k，n代表有n个长方形，k代表需要的到k分，每个长方形都有宽和高，每次可以填涂一个格子，如果填满一列或者一行就可以获得一分，问达到k分最少需要填涂多少格子。赛时思路：背包dp+随机化，按照背包dp的思路来想，就是选择了某个长方形，如果填满这个长方形分数也不能到达k，那么就直接填满，如果大于等于k那么就用最小代价来填满
  • Codeforces Round 966 (Div. 3) 前四题python题解 CodeNerd影 python开发语言
    A.PrimaryTasktimelimitpertest1secondmemorylimitpertest256megabytesDmitrywrotedowntintegersontheboard,andthatisgood.Heissurethathelostanimportantintegernamongthem,andthatisbad.Theintegernnhadtheform10^
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    CodeforcesRound933(Div.3)(A~E)目录：ABCDEA题：RudolfandtheTicket标签:暴力枚举（bruteforce）数学（math）排序算法（sortings）双指针算法（twopointers）题目大意给一个长度为n的数组b，和一个长度为m的数组c，还有一个整数k。从b，c中各选一个数，问有多少种选法使这两个数小于等于k思路前缀和快速得出在b数组中小于等于
  • Codeforces Round 927 (Div. 3)（A~E) 叶域 算法竞赛c++codeforces算法
    CodeforcesRound927(Div.3)(A~E)目录：ABCDEA题：ThornsandCoins标签:动态规划（dp）贪心（greedy）实现问题，编程技巧，模拟（implementation）题目大意由n个连续单元组成的路径，每个单元可以是空的，含有荆棘，或者含有一枚硬币，在一次移动中，你可以沿着路径移动一个或两个单元，前提是目标单元不含有荆棘（并且属于路径）如果你移动到含有硬币的
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    好久不来iteye,今天又来看看，哈哈,今天碰到在编码时，反射中会抛出 Illegal overloaded getter method with ambiguous type for propert这么个东东，从字面意思看，是反射在获取getter时迷惑了，然后回想起java在boolean值在生成getter时，分别有is和getter，也许我们的反射对象中就有is开头的方法迷惑了jdk，
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    10. 虽然IT业的薪酬比其他很多行业要好，但有公司因此视你为其“佣人”。 　　尽管IT人士的薪水没有互联网泡沫之前要好，但和其他行业人士比较，IT人的薪资还算好点。在接下的几十年中，科技在商业和社会发展中所占分量会一直增加，所以我们完全有理由相信，IT专业人才的需求量也不会减少。 　　然而，正因为IT人士的薪水普遍较高，所以有些公司认为给了你这么多钱，就把你看成是公司的“佣人”，拥有你的支配
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    今天一不小心在ubuntu下把一个文件移动到了回收站，我并不想删，手误了。我急忙到Nautilus下的回收站中准备恢复它，但是里面居然什么都没有。     后来我发现这是由于我删文件的地方不在HOME所在的分区，而是在另一个独立的Linux分区下，这是我专门用于开发的分区。而我删除的东东在分区根目录下的.Trash-1000/file目录下，相关的删除信息（删除时间和文件所在
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    http://www.cnblogs.com/xdp-gacl/p/4002804.html @Anthor:孤傲苍狼 数据库连接池 用MySQLv5版本的数据库驱动没有问题，使用MySQLv6和Oracle的数据库驱动时候报如下错误： java.lang.ClassCastException: $Proxy0 cannot be cast to java.sql.Connec
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    PO：      全称是 persistant object持久对象 最形象的理解就是一个PO就是数据库中的一条记录。 好处是可以把一条记录作为一个对象处理，可以方便的转为其它对象。     BO：     全称是 business object:业务对象 主要作用是把业务逻辑封装为一个对象。这个对
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    偶然看到一句很贴近生活的话：“别人都在你看不到的地方暗自努力，在你看得到的地方，他们也和你一样显得吊儿郎当，和你一样会抱怨，而只有你自己相信这些都是真的，最后也只有你一人继续不思进取。”很多句子总在不经意中就会戳中一部分人的软肋，我想我们每个人的周围总是有那么些表现得“吊儿郎当”的存在，是否你就真的相信他们如此不思进取，而开始放松了对自己的要求随波逐流呢？ 我有个朋友是搞技术的，平时嘻嘻哈哈，以
  • NDK/JNI二维数组多维数组传递 wenzongliang 二维数组jniNDK
    多维数组和对象数组一样处理，例如二维数组里的每个元素还是一个数组 用jArray表示，直到数组变为一维的，且里面元素为基本类型，去获得一维数组指针。给大家提供个例子。已经测试通过。 Java_cn_wzl_FiveChessView_checkWin( JNIEnv* env,jobject thiz,jobjectArray qizidata) { jint i,j; int s
按字母分类： ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZ其他