【BZOJ 4868】【2017六省联考】期末考试

考虑暴力枚举最晚公布的时间x，关注到2操作是没有负面影响的1操作，所以如果A大于B，那么只需用2操作就可以了，否则先用1操作，不能用1操作后再用2操作。这样就能把b数组全部变成小于等于x，在加上额外的不愉快度就可以了。这个算法的时间复杂度是 O(N2) ，可以拿60分。
如果你去打表就能发现不愉快度关于时间是一个下凸函数，可以用三分做。具体的证明是这样的：
1、修改代价关于时间是单调递减的，也就是说越晚出成绩修改代价越小；
2、额外代价关于时间是单调递增的，也就是说越晚出成绩额外代价越大；
3、最重要的一句，这两个函数的导数都是递增的。
为什么呢？感性的想一下，拿额外代价举例子，比如五个人的时间分别是1、2、2、3、3，时间从1改到2，需要额外代价的1个人（第一个人），但是从2改到3，需要额外代价的就变成了3个人，从3改到4所有的人都需要额外代价，也就是说刚开始额外代价增加慢，到后来额外代价增加快。
4、这样把这两个函数加起来，导数也是递增的，所以它是一个下凸函数（当然也有可能退化成单调函数）。

我写的就是三分。不过听说还能二分（二分导数？）正解中还有一种做法是用DDL做，就可以做到线性orz
这道题最恶心的是中间有一组C=1e16，被坑死了，直接特判掉即可。注意那个等号，因为两个都是inf，答案要更小。

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#define ll long long
#define mod 1000000007
#define N 100005
#define fo(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)
#define fd(i,a,b) for(i=a;i>=b;i--)
using namespace std;
ll A,B,C,l,r,res,res1,r1,r2,inf;
int n,m,i,j,mid1,mid2;
int t[N],b[N];
ll calc(int x)
{
    int i; ll sum = 0,need = 0;
    fo(i,1,m) if (b[i] <= x) sum += x - b[i];
    fo(i,1,m) if (b[i] > x) need += b[i] - x;
    if (A < B)
        {
            if (need <= sum) return (ll)A*need;
            return (ll)(A*sum+B*(need-sum));
        }
    return (ll)B*need;
}
int main()
{
    inf = 1; fo(i,1,62) inf *= 2;
    scanf("%lld%lld%lld",&A,&B,&C);
    scanf("%d%d",&n,&m);
    fo(i,1,n) scanf("%d",&t[i]);
    l = inf; r = -inf;
    fo(i,1,n) r = max(r,(ll)t[i]) , l = min(l,(ll)t[i]);
    fo(i,1,m) scanf("%d",&b[i]);

    while (r - l > 5)
        {
            mid1 = l + (r - l) / 3;
            mid2 = mid1 + (r - l) / 3;
            r1 = calc(mid1); r2 = calc(mid2);
            fo(j,1,n) if (t[j] < mid1) 
                if (C == 1e16) {r1 = inf; break;} else r1 += C * (mid1 - t[j]);
            fo(j,1,n) if (t[j] < mid2) 
                if (C == 1e16) {r2 = inf; break;} else r2 += C * (mid2 - t[j]);
            if (r1 <= r2) r = mid2; else l = mid1;
        }
    res = -1;
    fo(i,l,r)
        {
            res1 = calc(i);
            fo(j,1,n) if (t[j] < i) 
                if (C == 1e16) {res1 = inf; break;} else res1 += C * (i - t[j]);
            if (res == -1) res = res1;
            res = min(res,res1);
        }
    printf("%lld\n",res);
    return 0;
}