poj2352 starts 树状数组

n个星星,按照y坐标的升序给出n个星星的坐标,

对于每一个星星,其level为在其左下方(包括正左,正下)的星星个数,输出n行,第i行代表等级为i个星星的星星的个数。

树状数组的插点问段

 

思路:

 

a[i] 存储星星的x坐标,

 

b[i] 表示0i中x,y坐标小于i的个数,即i的等级

 

则对于每个b[i], 做一次扫描

 

ans[i] 表示等级为i的个数

 

ans[b[i]]++;

 

明显,这样肯定tle

 

所以要采用树状数组 。

 

a[i] 表示目前的星星中x坐标为i的个数

 

c[i] a[i]的树状数组

 

sum[i]表示坐标为1i的个数的和,即为等级。

 

ans[i] 表示等级为i的个数。

 

4个数组,实际上只需要维护2个,c[i]ans[i]

 

注意一,这道题的输入,xy是可以为0的,所以x统一加一,不然很麻烦。

 

注意二:这道题的启示,对于2维的,有时候可以对其中1维排序,转化成1维的来解决。

 

 

 1 #include<cstdio>

 2 #include<algorithm>

 3 #include<cstring>

 4 using namespace std;

 5 const int MAXN=32000+10;

 6 int c[MAXN];

 7 int ans[MAXN];

 8 int lowbit(int x)

 9 {

10     return x&(-x);

11 }

12 void update(int x,int add)

13 {

14     while(x<=MAXN){

15         c[x]+=add;

16         x+=lowbit(x);

17     }

18 }

19 int sum(int x)

20 {

21     int temp=0;

22     while(x>0){

23         temp+=c[x];

24         x-=lowbit(x);

25     }

26     return temp;

27 }

28 int main()

29 {

30     int n;

31     while(scanf("%d",&n)!=EOF){

32         memset(ans,0,sizeof(ans));

33         memset(c,0,sizeof(c));

34         int i,j;

35         for(int t=0;t<n;t++){

36             scanf("%d%d",&i,&j);

37             i++;

38             ans[sum(i)]++;

39             update(i,1);

40         }

41         for(int i=0;i<n;i++)

42             printf("%d\n",ans[i]);

43     }

44     return 0;

45 }
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