部分转自：https://blog.csdn.net/u013480600/article/details/40376143
UVA 12563 Jin Ge Jin Qu hao(01背包变形:两个条件最优化)
http://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&page=show_problem&problem=4008
题意:
KTV里面有n首歌曲你可以选择,每首歌曲的时长都给出了. 对于每首歌曲,你最多只能唱1遍. 现在给你一个时间限制t (t<=10^9) , 问你在最多t-1秒的时间内可以唱多少首歌曲num , 且最长唱歌时间是多少time (**time必须<=t-1**) ? 最终输出num+1 和 time+678 即可.
注意: 你需要优先让歌曲数目最大的情况下,再去选择总时长最长的.
分析:
其实本题本质上就是一个标准的01背包问题. 问你<=t-1时间内最多可以选择哪些歌曲使得 (数据1,数据2) 最优. 这里的**数据1**是歌曲数目, **数据2**是歌曲总时长, 且**数据1优先.**
一般我们做的01背包问题都是问你<=t-1的时间内, 最多选择哪些歌曲使得歌曲数目最多 **或** 总时间最长. 但是本题需要同时考虑两个最优条件, 那么该怎么做呢?
我们令dp[i][j]==x 表示当决策完全前i个物品后(选或不选), 所选的总歌曲时长<=j时, 所得到的**最优状态**为x. (**这里的x就不是平时我们所说的最长时间或最多歌曲数目了**)
怎么理解最优状态为x这个事实呢? 假设有两种选择前i个歌曲的方法能使得**决策完前i个物品且总时长<=j时的状态**分别为x1 和x2.
那么如果x1状态的歌曲数目> x2状态的歌曲数目, 那么明显x1状态更优. 所以dp[i][j]应==x1.
如果x1状态的歌曲数目与x2的相等, 但是x2状态的时长 > x1状态时长, 那么此时x2状态更优. 所以dp[i][j]应==x2.
经过上面的分析,我们可以用一个(具有歌曲数和总时长双属性的)结构体来表示一个状态. 且可以得到下面状态转移公式:
dp[i][j] = **最优( **dp[i-1][j] **, ** 在dp[i-1][j-t[i]]的基础上选择第i首歌后得到的新状态tmp **)**
所有dp初始化为0即可. 最终我们所求为dp[n][max_time]
最后还有一个问题就是t<=10^9.我们不可能循环判断j到10^9\. 其实一共50首歌曲, 每首歌曲最多180秒, 所以我们求出所有歌曲的时长和sum(sum<=50*180==9000).
如果t-1>=sum, 那么明显所有歌曲都能被选一遍.
如果t-1这里贴三份代码
这份主要在于结构体的使用
#include
#include
#include
using namespace std;
const int maxn=180*50+5;
int n,max_t;
int t[50+5]; //每首歌曲的时间
struct Node
{
int num; //总歌曲数
int time;//歌总时间
bool operator<(const Node &rhs)const//判断是否更优
{
return num=t[i];j--)
{
Node tmp;//tmp表示当选择第i首歌时的情况
tmp.num = dp[j-t[i]].num+1;
tmp.time = dp[j-t[i]].time+t[i];
if(dp[j] 这份在于滚动数组的使用
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
#define maxn 100000
int dp[maxn],d[maxn];
int main() {
// freopen("input.txt","r",stdin);
int q;
scanf("%d",&q);
for(int w=1;w<=q;w++)
{
int n,t,i,j,a;
scanf("%d%d",&n,&t);
memset(dp,0,sizeof(dp));
memset(d,0,sizeof(d));
for(i=1;i<=n;i++) { //正序
scanf("%d",&a);
for(j=t-1;j>=a;j--) {//逆序
if(dp[j] 第三份就是照着书上二维实现的代码
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
const int maxn = 100;
int d[maxn][maxn+10000];
int path[maxn][maxn+10000];//前i个在第j秒最多能唱的歌曲数目；
int w[maxn];
int n,t;
int main(){
int cont;
scanf("%d", &cont);
int cnt = 0;
while(cont--){
cnt++;
scanf("%d %d", &n ,&t);
for(int i = 1; i <= n; i++){
scanf("%d", &w[i]);
}
memset(path, 0 , sizeof(path));
memset(d,0,sizeof(d));
for(int i = n; i>= 1; i--){
for(int j = 0; j <= t-1; j++){
d[i][j] = d[i+1][j];
path[i][j] = path[i+1][j];
if(j >= w[i]){
if(d[i][j] 其中，第一二种方法耗时小，第三种耗时大。