2021年 第12届 蓝桥杯 Java B组 省赛真题详解及小结【第1场省赛 2021.04.18】
- 蓝桥杯 Java B组 省赛决赛 真题详解及小结汇总【题目下载、2013年(第4届)~2020年(第11届)】
CSDN 蓝桥杯 专栏
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目录
一、试题A：ASC
解法一：ASCII计算求解
解法二：类的调用
二、试题B：卡片
解法一：枚举
解法二：朴素解法
解法三：弯道超车
三、试题C：直线
解法一：直线方程集合
解法二：分式消除误差
解法三：平面几何
四、试题D：货物摆放
解法一：暴力搜索
解法二：缩放质因子
五、试题E：路径
解法一：搜索
解法二：搜索-枝剪广搜
解法三：单源最短路径-Dijkstra
解法四：单源最短路径-Floyd
六、试题F：时间显示
解法一：模拟计算
解法二：直接计算
解法三：Java-日期类API
七、试题G：最少砝码
解法一：三进制
解法二：变种三进制
八、试题H：杨辉三角形
解法一：类比单调数列
九、试题I：双向排序
解法一：去冗
解法二：填数游戏
解法三：Chtholly Tree
十、试题J：括号序列
解法一
小结
参考博客：
- 2021第十二届蓝桥杯第一场省赛JAVA B组真题解析（带源码及解析）_王跃坤的博客-CSDN博客
- 第十二届蓝桥杯 2021年省赛真题 (Java 大学B组) 第一场_NOW I GOT ONE WAY-CSDN博客_蓝桥杯12届java
仅供参考，欢迎指正！部分为个人想法和解题思路，如有错误或不足，欢迎指正。
一、试题A：ASC
本题总分：5 分
【问题描述】
已知大写字母 A 的 ASCII 码为 65，请问大写字母 L 的 ASCII 码是多少？
【答案提交】
这是一道结果填空的题，你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数，在提交答案时只填写这个整数，填写多余的内容将无法得分。
【答案】：76
解法一：ASCII计算求解
【解析】：从A往后数。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class A01_ASC { // 76
public static void main(String[] args) {
System.out.println('A' - 0); // 65
System.out.println('B' - 0); // 66
System.out.println('L' - 0); // 76
System.out.println('Z' - 0); // 90
System.out.println(65 + 'L' - 'A'); // 76
System.out.println((int) 'L'); // 76
}
}解法二：类的调用
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class A01_ASC2 { // 76
public static void main(String[] args) {
new A01_ASC2().run();
}
void run() {
System.out.println(65 + 'L' - 'A'); // 76
System.out.println((int) 'L'); // 76
}
}二、试题B：卡片
本题总分：5 分
【问题描述】
小蓝有很多数字卡片，每张卡片上都是数字 0 到 9。
小蓝准备用这些卡片来拼一些数，他想从 1 开始拼出正整数，每拼一个，就保存起来，卡片就不能用来拼其它数了。
小蓝想知道自己能从 1 拼到多少。
例如，当小蓝有 30 张卡片，其中 0 到 9 各 3 张，则小蓝可以拼出 1 到 10，
但是拼 11 时卡片 1 已经只有一张了，不够拼出 11。
现在小蓝手里有 0 到 9 的卡片各 2021 张，共 20210 张，请问小蓝可以从 1 拼到多少？
提示：建议使用计算机编程解决问题。
【答案提交】
这是一道结果填空的题，你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数，在提交答案时只填写这个整数，填写多余的内容将无法得分。
【答案】：3181
解法一：枚举
【解析】：从1往后枚举即可。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class B02_卡片 { // 3181
public static int arr[] = new int[10];
public static boolean del(int x) {
while (x != 0) {
arr[x % 10]--;
if (arr[x % 10] < 0)
return false;
x /= 10;
}
return true;
}
public static void main(String[] args) {
for (int i = 0; i < 10; i++)
arr[i] = 2021;
for (int i = 1; i < 5000; i++) {
if (!del(i)) {
System.out.println(i - 1); // 3181
break;
}
}
}
}解法二：朴素解法
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class B02_卡片2 { // 3181
public static void main(String[] args) {
new B02_卡片2().run();
}
void run() {
System.out.println(calc(2021)); // 3181
}
int calc(int upper) {
int[] count = new int[10];
for (int n = 1, k = 1;; k = ++n)
do {
if (++count[k % 10] > upper)
return n - 1;
} while ((k /= 10) > 0);
}
}解法三：弯道超车
【解析】：观察[1,9]这个区间中，[0,9]的出现情况。在[1,9] 中，1至9各出现1次。
把观察的范围扩大到[1,99]，十位的1出现[10,19] 共10次，十位的2出现[20,29]共10次，⋯ ，十位的9出现[90,99]共10次，低位[0,9]重复出现10次，1至9各出现20次，0出现9次。
将这个观察范围继续扩大，会发现1 的使用次数总是不小于0、 2至9，也就是说统计0、2至9是没有意义的。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class B02_卡片3 { // 3181
public static void main(String[] args) {
new B02_卡片3().run();
}
void run() {
System.out.println(calc(20)); // 99
}
int calc(int upper) {
int count = 0;
for (int n = 1, k = 1;; k = ++n) {
do
if (k % 10 == 1)
count++;
while ((k /= 10) > 0);
if (count > upper)
return n - 1;
}
}
}三、试题C：直线
本题总分：10 分
【问题描述】
在平面直角坐标系中，两点可以确定一条直线。如果有多点在一条直线上，那么这些点中任意两点确定的直线是同一条。
给定平面上 2 × 3 个整点 {(x, y)|0 ≤ x < 2, 0 ≤ y < 3, x ∈ Z, y ∈ Z}，即横坐标是 0 到 1 (包含 0 和 1) 之间的整数、纵坐标是 0 到 2 (包含 0 和 2) 之间的整数的点。这些点一共确定了 11 条不同的直线。
给定平面上 20 × 21 个整点 {(x, y)|0 ≤ x < 20, 0 ≤ y < 21, x ∈ Z, y ∈ Z}，即横坐标是 0 到 19 (包含 0 和 19) 之间的整数、纵坐标是 0 到 20 (包含 0 和 20) 之间的整数的点。请问这些点一共确定了多少条不同的直线。
【答案提交】
这是一道结果填空的题，你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数，在提交答案时只填写这个整数，填写多余的内容将无法得分。
【答案】：40257
解法一：直线方程集合
【解析】：用：y=kx+b，当作直线表达式。k和b一旦确定，即直线确定。统计所有数据去重即可。
一种朴素的想法，是将所有点连接起来，去掉重复的线，然后统计。
为了方便表示，这里采用斜截式方程y=kx+b来表示每一条直线，其中k为直线斜率，b为直线在y轴上的截距，并统一不处理斜率不存在的线，将结果加上一个20。
注意！这段程序的结果是不准确的。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.HashSet;
import java.util.Set;
public class C03_直线 { // 40257
public static void main(String[] args) {
new C03_直线().run();
}
int X = 20, Y = 21;
void run() {
Set set = new HashSet();
for (int x1 = 0; x1 < X; x1++)
for (int y1 = 0; y1 < Y; y1++)
for (int x2 = x1; x2 < X; x2++)
for (double y2 = 0; y2 < Y; y2++)
if (x1 != x2) {
double k = (y2 - y1) / (x2 - x1);
double b = -x1 * k + y1;
set.add(new Line(k, b));
}
System.out.println(set.size() + X); // 41255
}
class Line {
double k, b;
Line(double b, double k) {
this.k = k;
this.b = b;
}
@Override
public boolean equals(Object obj) {
return k == ((Line) obj).k && b == ((Line) obj).b;
}
@Override
public int hashCode() {
return (int) k ^ (int) b;
}
}
} 解法二：分式消除误差
【解析】：斜率在浮点数表示下，精度那是参差不齐，诚然可以将误差限制在一个范围内，当绝对差落入当中时，我们就将其视为值相同。但是对于这种需要可表示的范围小的时候，我们可以定义分式来做到无误差，而不是控制精度。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.HashSet;
import java.util.Set;
public class C03_直线2 { // 40257
public static void main(String[] args) {
new C03_直线2().run();
}
int X = 20, Y = 21;
void run() {
Set set = new HashSet();
for (int x1 = 0; x1 < X; x1++)
for (int y1 = 0; y1 < Y; y1++)
for (int x2 = x1; x2 < X; x2++)
for (int y2 = 0; y2 < Y; y2++)
if (x1 != x2) {
Fraction k = new Fraction(y2 - y1, x2 - x1);
Fraction b = new Fraction(y1 * (x2 - x1) - x1 * (y2 - y1), x2 - x1);
set.add(new Line(k, b));
}
System.out.println(set.size() + X); // 40257
}
class Fraction {
int numerator, denominator;
Fraction(int numerator, int denominator) {
int gcd = gcd(numerator, denominator);
this.denominator = denominator / gcd;
this.numerator = numerator / gcd;
}
int gcd(int a, int b) {
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
@Override
public boolean equals(Object obj) {
return this.numerator == ((Fraction) obj).numerator && this.denominator == ((Fraction) obj).denominator;
}
}
class Line {
Fraction k, b;
Line(Fraction b, Fraction k) {
this.k = k;
this.b = b;
}
@Override
public boolean equals(Object obj) {
return this.k.equals(((Line) obj).k) && this.b.equals(((Line) obj).b);
}
@Override
public int hashCode() {
return k.denominator;
}
}
} 解法三：平面几何
【解析】：这是一个平面直角坐标系，原点与(1,2)连成一条线段。
我们将经过这两点的直线，以及这条直线经过的点与该点于横竖轴的垂线标记出来。
显然，若直线经过(x1 , y1)、(x2 , y2)两点，那么它必然也经过(x1 + k(x1 − x2), y1 + k(y1 − y2))，k∈Z。
若在连接一条直线时，将所有直线经过的点标记起来，在下次遇到已经标记过的两点，我们便可直接跳过。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class C03_直线3 { // 40257
public static void main(String[] args) {
new C03_直线3().run();
}
int X = 20, Y = 21;
void run() {
int count = 0;
boolean[][][][] marked = new boolean[X][Y][X][Y];
for (int x1 = 0; x1 < X; x1++)
for (int y1 = 0; y1 < Y; y1++) {
marked[x1][y1][x1][y1] = true;
for (int x2 = 0; x2 < X; x2++)
for (int y2 = 0; y2 < Y; y2++) {
if (marked[x1][y1][x2][y2])
continue;
int x = x1, y = y1, xOffset = x - x2, yOffset = y - y2;
while (x >= 0 && x < X && y >= 0 && y < Y) {
x += xOffset;
y += yOffset;
}
x -= xOffset;
y -= yOffset;
while (x >= 0 && x < X && y >= 0 && y < Y) {
for (int i = x - xOffset, j = y - yOffset; i >= 0 && i < X && j >= 0
&& j < Y; i -= xOffset, j -= yOffset) {
marked[x][y][i][j] = marked[i][j][x][y] = true;
}
x -= xOffset;
y -= yOffset;
}
count++;
}
}
System.out.println(count); // 40257
}
}四、试题D：货物摆放
本题总分：10 分
【问题描述】
小蓝有一个超大的仓库，可以摆放很多货物。
现在，小蓝有 n 箱货物要摆放在仓库，每箱货物都是规则的正方体。小蓝规定了长、宽、高三个互相垂直的方向，每箱货物的边都必须严格平行于长、 宽、高。
小蓝希望所有的货物最终摆成一个大的立方体。即在长、宽、高的方向上分别堆 L、W、H 的货物，满足 n = L × W × H。
给定 n，请问有多少种堆放货物的方案满足要求。
例如，当 n = 4 时，有以下 6 种方案：1×1×4、1×2×2、1×4×1、2×1×2、2 × 2 × 1、4 × 1 × 1。
请问，当 n = 2021041820210418 （注意有 16 位数字）时，总共有多少种方案？
提示：建议使用计算机编程解决问题。
【答案提交】
这是一道结果填空的题，你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数，在提交答案时只填写这个整数，填写多余的内容将无法得分。
【答案】：2430
解法一：暴力搜索
【解析】：枚举2021041820210418的约数，对约数进行多重循环枚举；对枚举出来的三个数字进行全排列，即可得出答案。
每届必考的基本算术定理。
直接套两 for 也不是不行，但这么写出来的程序，通常到比赛结束都跑不完。
因此我们要避免无效因子的判断，这里统计的为质因子分成三份，可能的组合个数，它与原命题等价。
没什么好讲的。只用套两 for 是因为一个数的因子只能成对出现，扫一下数盲。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.ArrayDeque;
import java.util.ArrayList;
import java.util.List;
public class D04_货物摆放 { // 2430
public static void main(String[] args) {
new D04_货物摆放().run();
}
long n = 2021041820210418L;
void run() {
List exps0 = new ArrayList();
ArrayDeque exps1 = new ArrayDeque();
for (int k = 2; k <= n; k++)
if (n % k == 0) {
int e = 0;
while (n % k == 0) {
n /= k;
e++;
}
exps0.add(e);
}
System.out.println(dfs(exps0, exps1, 0)); // 2430
}
int dfs(List exps0, ArrayDeque exps1, int cur) {
if (cur == exps0.size()) {
int comb = 1;
for (int exp : exps1)
comb *= exp + 1;
return comb;
}
int ans = 0;
for (int i = exps0.get(cur); i >= 0; i--) {
exps1.push(i);
ans += dfs(exps0, exps1, cur + 1);
exps1.pop();
}
return ans;
}
} 解法二：缩放质因子
【解析】：举个例子，
当n=9 时，有6种方案：1×1×9、1×3×3、1×9×1、3×1×3、3×3×1、9×1×1；
当n=25时，有6种方案：1×1×25、1×5×5、⋯；
当n=p^2时，有6种方案：1×1×p^2、1×p×p、⋯；其中，p为质数。
其实上例解法当中，我们就能发现，组合的个数与其具体的值无关，它只与质因数指数挂钩。
2021041820210418 = 2 × 3^3 × 17 × 131 × 2857 × 5882353
如果我们找最小的几个质数来代替它们，得到的新数字 2^3 × 3 × 5 × 7 × 11 × 13 = 120120 与 2021041820210418 在这个命题下等价。而 120120的大小就足够我们真暴搜把它的全部因数组合找到了。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.ArrayList;
import java.util.List;
public class D04_货物摆放2 { // 2430
public static void main(String[] args) {
new D04_货物摆放2().run();
}
long N = 2021041820210418L;
void run() {
List exps = new ArrayList();
for (int k = 2; k <= N; k++)
if (N % k == 0) {
int e = 0;
while (N % k == 0) {
N /= k;
e++;
}
exps.add(e);
}
exps.sort((a, b) -> (b - a));
int n = 1, p = 2, ans = 0;
for (int exp : exps) {
for (int i = 2; i * i <= p; i++)
if (p % i == 0) {
i = 1;
p++;
}
while (exp-- > 0)
n *= p;
p++;
}
for (int a = 1; a <= n; a++)
if (n % a == 0)
for (int b = 1; b <= n; b++)
if (n / a % b == 0)
ans++;
System.out.println(ans); // 2430
}
} 五、试题E：路径
本题总分：15 分
【问题描述】
小蓝学习了最短路径之后特别高兴，他定义了一个特别的图，希望找到图中的最短路径。
小蓝的图由 2021 个结点组成，依次编号 1 至 2021。
对于两个不同的结点 a, b，如果 a 和 b 的差的绝对值大于 21，则两个结点之间没有边相连；如果 a 和 b 的差的绝对值小于等于 21，则两个点之间有一条 长度为 a 和 b 的最小公倍数的无向边相连。
例如：结点 1 和结点 23 之间没有边相连；结点 3 和结点 24 之间有一条无向边，长度为 24；结点 15 和结点 25 之间有一条无向边，长度为 75。
请计算，结点 1 和结点 2021 之间的最短路径长度是多少。
提示：建议使用计算机编程解决问题。
【答案提交】
这是一道结果填空的题，你只需要算出结果后提交即可。本题的结果为一个整数，在提交答案时只填写这个整数，填写多余的内容将无法得分。
【答案】：10266837
解法一：搜索
【解析】：DP思想，从2开始到2021，每个位置分别从他之前的21个位置走过来，对21个数据求最小值即可。
题目已经说的够清楚了，建一个有2021个顶点
条边的无向图，跑图上的算法就完事了。
还有，细节就是整形是否会溢出，我们取(1,2021]中最大的质数2017与2021^2相乘，得到的结果还是有点夸张的，虽然经过测试，可能的线路权值合至多不会超过2^31-1，但毕竟是面向竞赛，考虑甄别的时间成本，直接使用长整形更为划算。
深度优先搜索：2021个顶点，绝大多数顶点都连有2×21条边，别深搜了，一搜就是compilaition completed successfully in 500ms(4 hour ago)就，电脑跟选手对着坐牢。
记忆化搜索：
深度优先搜索，在搜索最优结果时，通常需要完整的枚举全部可能的问题状态。
但在这个问题状态的集合中，所有可选方案的 “后缀” 都是相同，也就是所有可选的分支，它们都是以同一个节点结尾。
如果我们将已经搜索到的节点到目标节点间的最短路径保存下来，在再次搜索到这个 “后缀” 的分支时直接返回。
那么问题就可能在一个较短的时间内解决。这也是所谓的记忆化搜索。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.ArrayList;
import java.util.List;
public class E05_路径 { // 10266837
public static void main(String[] args) {
new E05_路径().run();
}
int N = 2021;
int[] weight = new int[N + 1];
List[] graph = new List[N + 1];
boolean[] visited = new boolean[N + 1];
void run() {
for (int i = 1; i <= N; i++)
graph[i] = new ArrayList();
for (int v = 1; v < N; v++)
for (int w = v + 1; w <= min(v + 21, N); w++) {
graph[v].add(new Edge(w, lcm(v, w)));
graph[w].add(new Edge(v, lcm(v, w)));
}
visited[1] = true;
System.out.println(dfs(1)); // 10266837
}
int dfs(int v) {
if (v == N)
return 0;
if (weight[v] != 0)
return weight[v];
int min = 0x7FFFFFFF;
for (Edge edge : graph[v]) {
if (visited[edge.w])
continue;
visited[edge.w] = true;
min = min(min, dfs(edge.w) + edge.weight);
visited[edge.w] = false;
}
return weight[v] = min;
}
int min(int a, int b) {
return a < b ? a : b;
}
int lcm(int a, int b) {
return a * b / gcd(a, b);
}
int gcd(int a, int b) {
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
class Edge {
int w, weight;
Edge(int w, int weight) {
this.weight = weight;
this.w = w;
}
}
} 解法二：搜索-枝剪广搜
【解析】：其实朴素的去搜索，不论深搜还是广搜，在竞赛里都是很冒进的行为，影响这两个算法执行效率的因素太多。
当然，要是没有其他的思路，也只能死马当活马医了。幸运的是，只需简单的枝剪，就能在很短的时间计算出结果。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.PriorityQueue;
import java.util.ArrayList;
import java.util.Arrays;
import java.util.Queue;
import java.util.List;
public class E05_路径2 { // 10266837
public static void main(String[] args) {
new E05_路径2().run();
}
int N = 2021;
void run() {
List[] graph = new List[N + 1];
long[] visited = new long[N + 1];
for (int i = 1; i <= N; i++)
graph[i] = new ArrayList();
for (int v = 1; v < N; v++)
for (int w = v + 1; w <= min(v + 21, N); w++) {
graph[v].add(new Edge(w, lcm(v, w)));
graph[w].add(new Edge(v, lcm(v, w)));
}
Queue queue = new PriorityQueue();
Arrays.fill(visited, Long.MAX_VALUE);
queue.offer(new Vertex(1, 0));
Vertex V = null;
while (queue.size() > 0) {
V = queue.poll();
if (V.v == N)
break;
if (V.weight >= visited[V.v])
continue;
visited[V.v] = V.weight;
for (Edge edge : graph[V.v])
queue.offer(new Vertex(edge.w, edge.weight + V.weight));
}
System.out.println(V.weight); // 10266837
}
int min(int a, int b) {
return a < b ? a : b;
}
int lcm(int a, int b) {
return a * b / gcd(a, b);
}
int gcd(int a, int b) {
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
class Edge {
int w, weight;
Edge(int w, int weight) {
this.weight = weight;
this.w = w;
}
}
class Vertex implements Comparable {
int v;
long weight;
Vertex(int v, long weight) {
this.weight = weight;
this.v = v;
}
@Override
public int compareTo(Vertex V) {
return Long.compare(this.weight, V.weight);
}
}
} 解法三：单源最短路径-Dijkstra
【解析】：题目给出的图显然是个边加权，权重非负的无向图，跑遍Dijkstra就完事了。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.PriorityQueue;
import java.util.ArrayList;
import java.util.Queue;
import java.util.List;
public class E05_路径3 { // 10266837
public static void main(String[] args) {
new E05_路径3().run();
}
int N = 2021;
void run() {
boolean[] marked = new boolean[N + 1];
List[] graph = new List[N + 1];
long[] distTo = new long[N + 1];
for (int i = 1; i <= N; i++) {
graph[i] = new ArrayList();
distTo[i] = Long.MAX_VALUE;
}
for (int v = 1; v < N; v++)
for (int w = v + 1; w <= min(v + 21, N); w++) {
graph[v].add(new Edge(w, lcm(v, w)));
graph[w].add(new Edge(v, lcm(v, w)));
}
Queue queue = new PriorityQueue();
queue.offer(new Vertex(1, distTo[1] = 0));
while (queue.size() > 0) {
Vertex V = queue.poll();
if (marked[V.v])
continue;
marked[V.v] = true;
for (Edge edge : graph[V.v])
if (distTo[edge.w] > distTo[V.v] + edge.weight)
queue.offer(new Vertex(edge.w, distTo[edge.w] = distTo[V.v] + edge.weight));
}
System.out.println(distTo[N]); // 10266837
}
int min(int a, int b) {
return a < b ? a : b;
}
int lcm(int a, int b) {
return a * b / gcd(a, b);
}
int gcd(int a, int b) {
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
class Edge {
int w, weight;
Edge(int w, int weight) {
this.weight = weight;
this.w = w;
}
}
class Vertex implements Comparable {
int v;
long dist;
Vertex(int v, long dist) {
this.dist = dist;
this.v = v;
}
@Override
public int compareTo(Vertex V) {
return Long.compare(this.dist, V.dist);
}
}
} 解法四：单源最短路径-Floyd
【解析】：如果是一道最短路径的结果题。竞赛时限内能运行完 O(n^3)的程序。那其实无脑套Floyd就行。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
public class E05_路径4 { // 10266837
public static void main(String[] args) {
new E05_路径4().run();
}
int N = 2021;
void run() {
long[][] floyd = new long[N + 1][N + 1];
for (int v = 1; v < N; v++)
for (int w = v + 1; w <= min(N, v + 21); w++)
floyd[v][w] = floyd[w][v] = lcm(v, w);
for (int k = 1; k <= N; k++)
for (int v = 1; v <= N; v++)
if (floyd[v][k] == 0)
continue;
else
for (int w = 1; w <= N; w++)
if (floyd[k][w] == 0)
continue;
else if (floyd[v][w] == 0 || floyd[v][k] + floyd[k][w] < floyd[v][w])
floyd[v][w] = floyd[v][k] + floyd[k][w];
System.out.println(floyd[1][N]); // 10266837
}
long min(int a, int b) {
return a < b ? a : b;
}
int lcm(int a, int b) {
return a * b / gcd(a, b);
}
int gcd(int a, int b) {
return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
}
}六、试题F：时间显示
时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB 本题总分：15 分
【问题描述】
小蓝要和朋友合作开发一个时间显示的网站。在服务器上，朋友已经获取了当前的时间，用一个整数表示，值为从 1970 年 1 月 1 日 00:00:00 到当前时刻经过的毫秒数。
现在，小蓝要在客户端显示出这个时间。小蓝不用显示出年月日，只需要显示出时分秒即可，毫秒也不用显示，直接舍去即可。
给定一个用整数表示的时间，请将这个时间对应的时分秒输出。
【输入格式】
输入一行包含一个整数，表示时间。
【输出格式】
输出时分秒表示的当前时间，格式形如 HH:MM:SS，其中 HH 表示时，值为 0 到 23，MM 表示分，值为 0 到 59，SS 表示秒，值为 0 到 59。时、分、秒不足两位时补前导 0。
【样例输入 1】46800999
【样例输出 1】13:00:00
【样例输入 2】1618708103123
【样例输出 2】01:08:23
【评测用例规模与约定】对于所有评测用例，给定的时间为不超过 1018 的正整数。
解法一：模拟计算
【解析】：按照题目所说模拟过程即可。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
public class F06_时间显示 {
public static String tos(long x) {
if (x < 10)
return "0" + x;
else
return "" + x;
}
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
long n = sc.nextLong();
n %= (1000 * 60 * 60 * 24);
n /= 1000;
System.out.println(tos(n / 3600) + ":" + tos((n / 60) % 60) + ":" + tos(n % 60));
}
}解法二：直接计算
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
public class F06_时间显示3 {
public static void main(String[] args) {
new F06_时间显示3().run();
}
void run() {
long t = new Scanner(System.in).nextLong();
System.out.printf("%02d:%02d:%02d", t / 3600000 % 24, t / 60000 % 60, t / 1000 % 60);
}
}解法三：Java-日期类API
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
import java.time.LocalTime;
import java.time.format.DateTimeFormatter;
public class F06_时间显示3 {
public static void main(String[] args) {
new F06_时间显示3().run();
}
void run() {
System.out.println(LocalTime.MIDNIGHT.plusSeconds(new Scanner(System.in).nextLong() / 1000)
.format(DateTimeFormatter.ISO_LOCAL_TIME));
Scanner sc = new Scanner(System.in);
long n = sc.nextLong();
System.out.println(LocalTime.MIDNIGHT.plusSeconds(n / 1000).format(DateTimeFormatter.ISO_LOCAL_TIME));
}
}七、试题G：最少砝码
时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB 本题总分：20 分
【问题描述】
你有一架天平。现在你要设计一套砝码，使得利用这些砝码可以称出任意小于等于 N 的正整数重量。
那么这套砝码最少需要包含多少个砝码？
注意砝码可以放在天平两边。
【输入格式】输入包含一个正整数 N。
【输出格式】输出一个整数代表答案。
【样例输入】7
【样例输出】3
【样例说明】
3 个砝码重量是 1、4、6，可以称出 1 至 7 的所有重量。
1 = 1；
2 = 6 − 4 (天平一边放 6，另一边放 4)；
3 = 4 − 1；
4 = 4；
5 = 6 − 1；
6 = 6；
7 = 1 + 6；
少于 3 个砝码不可能称出 1 至 7 的所有重量。
【评测用例规模与约定】对于所有评测用例，1 ≤ N ≤ 1000000000。
解法一：三进制
【解析】：手动枚举发现符合三进制规律，所以直接三进制计算即可。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
public class G07_最少砝码 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
long x = sc.nextLong();
long sum = 1, cur = 1;
while (sum < x) {
sum += Math.pow(3, cur);
cur++;
}
System.out.println(cur);
}
}解法二：变种三进制
【解析】：规律题。第十二届蓝桥杯 2021年省赛真题 (Java 大学B组) 第一场
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
public class G07_最少砝码2 {
public static void main(String[] args) {
new G07_最少砝码2().run();
}
void run() {
long N = new Scanner(System.in).nextLong(), ans = 1;
for (long pow3 = 1; pow3 < N; pow3 = pow3 * 3 + 1, ans++)
;
System.out.println(ans);
}
}八、试题H：杨辉三角形
时间限制: 5.0s 内存限制: 512.0MB 本题总分：20 分
【问题描述】
下面的图形是著名的杨辉三角形：
如果我们按从上到下、从左到右的顺序把所有数排成一列，可以得到如下数列：
1, 1, 1, 1, 2, 1, 1, 3, 3, 1, 1, 4, 6, 4, 1, ...
给定一个正整数 N，请你输出数列中第一次出现 N 是在第几个数？
【输入格式】输入一个整数 N。
【输出格式】输出一个整数代表答案。
【样例输入】6
【样例输出】13
【评测用例规模与约定】对于 20% 的评测用例，1 ≤ N ≤ 10；对于所有评测用例，1 ≤ N ≤ 1000000000。
解法一：类比单调数列
【解析】：按照题目所说模拟过程即可。
杨辉三角最外层全部是1，第二层则是自然数序列。
因为杨辉三角是左右对称的，因此我们可以忽略右边(左边的数字总是比右边先出现)，并将数字按层分成若干序列。
由于序列都是从上置下单调递增的，我们可以在每一个这种序列上，二分查找N的位置，特别的，N=1时直接输出1。
此外，杨辉三角第n行m列=
，这个数字增长的非常快。
。
也就至多在14条(除去最外两层)这样的序列中查找N的位置，因为序列的单调性不允许N的出现。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
public class H08_杨辉三角形 {
public static void main(String[] args) {
new H08_杨辉三角形().run();
}
int N;
void run() {
N = new Scanner(System.in).nextInt();
if (N == 1)
System.out.println(1);
else {
long ans = (N + 1L) * N / 2 + 2;
for (int m = 2; m < 16; m++) {
int start = m * 2, end = N;
while (start <= end) {
int mid = start + end >> 1;
if (C(mid, m) == N) {
ans = min(ans, (mid + 1L) * mid / 2 + m + 1);
break;
}
if (C(mid, m) > N)
end = mid - 1;
else
start = mid + 1;
}
}
System.out.println(ans);
}
}
long min(long a, long b) {
return a < b ? a : b;
}
long C(int n, int m) {
long num = 1;
for (int nm = 1; nm <= m; n--, nm++)
if ((num = num * n / nm) > N)
return num;
return num;
}
}九、试题I：双向排序
时间限制: 5.0s 内存限制: 512.0MB 本题总分：25 分
【问题描述】
给定序列 (a1, a2, · · · , an) = (1, 2, · · · , n)，即 ai = i。
小蓝将对这个序列进行 m 次操作，每次可能是将 a1, a2, · · · , aqi 降序排列，或者将 aqi , aqi+1, · · · , an 升序排列。
请求出操作完成后的序列。
【输入格式】
输入的第一行包含两个整数 n, m，分别表示序列的长度和操作次数。
接下来 m 行描述对序列的操作，其中第 i 行包含两个整数 pi , qi 表示操作类型和参数。当 pi = 0 时，表示将 a1, a2, · · · , aqi 降序排列；当 pi = 1 时，表示将 aqi , aqi+1, · · · , an 升序排列。
【输出格式】输出一行，包含 n 个整数，相邻的整数之间使用一个空格分隔，表示操作完成后的序列。
【样例输入】
3 3
0 3
1 2
0 2
【样例输出】 3 1 2
【样例说明】
原数列为 (1, 2, 3)。
第 1 步后为 (3, 2, 1)。
第 2 步后为 (3, 1, 2)。
第 3 步后为 (3, 1, 2)。与第 2 步操作后相同，因为前两个数已经是降序了。
【评测用例规模与约定】
对于 30% 的评测用例，n, m ≤ 1000；
对于 60% 的评测用例，n, m ≤ 5000；
对于所有评测用例，1 ≤ n, m ≤ 100000，0 ≤ ai ≤ 1，1 ≤ bi ≤ n。
解法一：去冗
【解析】：暴力CMP
第十二届蓝桥杯 2021年省赛真题 (Java 大学B组) 第一场
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.io.*;
import java.util.*;
public class I09_双向排序 {
public static void main(String[] args) {
new I09_双向排序().run();
}
void run() {
InputReader in = new InputReader(System.in);
PrintWriter out = new PrintWriter(System.out);
int n = in.readInt(), m = in.readInt();
Deque deque = new ArrayDeque();
deque.push(new Step(1, 1));
while (m-- > 0) {
int p = in.readInt();
int q = in.readInt();
while (deque.size() > 0 && deque.peek().p == p)
if (p == 0)
q = max(q, deque.pop().q);
else
q = min(q, deque.pop().q);
deque.push(new Step(p, q));
}
Integer[] ans = new Integer[n];
for (int i = 0; i < n; i++)
ans[i] = i + 1;
deque.pollLast();
while (deque.size() > 0) {
Step step = deque.pollLast();
if (step.p == 0)
Arrays.sort(ans, 0, step.q, (a, b) -> (b - a));
else
Arrays.sort(ans, step.q - 1, n);
}
for (int i = 0; i < n; i++) {
out.print(ans[i]);
out.print(' ');
}
out.flush();
}
int max(int a, int b) {
return a > b ? a : b;
}
int min(int a, int b) {
return a < b ? a : b;
}
class Step {
int p, q;
Step(int p, int q) {
this.p = p;
this.q = q;
}
}
class InputReader {
BufferedReader reader;
StringTokenizer token;
InputReader(InputStream in) {
this.reader = new BufferedReader(new InputStreamReader(in));
}
String read() {
while (token == null || !token.hasMoreTokens()) {
try {
token = new StringTokenizer(reader.readLine());
} catch (IOException e) {
e.printStackTrace();
}
}
return token.nextToken();
}
int readInt() {
return Integer.parseInt(read());
}
}
} 解法二：填数游戏
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.io.*;
import java.util.*;
public class I09_双向排序2 {
public static void main(String[] args) {
new I09_双向排序2().run();
}
void run() {
InputReader in = new InputReader(System.in);
PrintWriter out = new PrintWriter(System.out);
int n = in.readInt(), m = in.readInt(), top;
Step[] stack = new Step[m + 1];
for (top = 0; m-- > 0;) {
int p = in.readInt();
int q = in.readInt();
if (p == 0) {
while (top > 0 && stack[top].p == p)
q = max(q, stack[top--].q);
while (top > 1 && stack[top - 1].q <= q)
top -= 2;
stack[++top] = new Step(p, q);
} else if (top > 0) {
while (top > 0 && stack[top].p == p)
q = min(q, stack[top--].q);
while (top > 1 && stack[top - 1].q >= q)
top -= 2;
stack[++top] = new Step(p, q);
}
}
int[] ans = new int[n + 1];
int a = n, l = 0, r = n - 1;
for (int i = 1; i <= top; i++)
if (stack[i].p == 0)
while (r >= stack[i].q && l <= r)
ans[r--] = a--;
else
while (l + 1 < stack[i].q && l <= r)
ans[l++] = a--;
if ((top & 1) == 1)
while (l <= r)
ans[l++] = a--;
else
while (l <= r)
ans[r--] = a--;
for (int i = 0; i < n; i++) {
out.print(ans[i]);
out.print(' ');
}
out.flush();
}
int max(int a, int b) {
return a > b ? a : b;
}
int min(int a, int b) {
return a < b ? a : b;
}
class Step {
int p, q;
Step(int p, int q) {
this.p = p;
this.q = q;
}
}
class InputReader {
BufferedReader reader;
StringTokenizer token;
InputReader(InputStream in) {
this.reader = new BufferedReader(new InputStreamReader(in));
}
String read() {
while (token == null || !token.hasMoreTokens()) {
try {
token = new StringTokenizer(reader.readLine());
} catch (IOException e) {
e.printStackTrace();
}
}
return token.nextToken();
}
int readInt() {
return Integer.parseInt(read());
}
}
}解法三：Chtholly Tree
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.io.*;
import java.util.*;
public class I09_双向排序3 {
public static void main(String[] args) {
new I09_双向排序3().run();
}
void run() {
InputReader in = new InputReader(System.in);
int n = in.readInt(), m = in.readInt();
Node[] root = new Node[n + 1];
int[] P = new int[n + 1];
Range lower, temp, now;
lower = now = new Range(0);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
now = now.next = new Range(i);
root[i] = build(1, n, i);
}
now.next = new Range(n + 1);
while (m-- > 0) {
int p = in.readInt();
int L = in.readInt();
int R = n;
if (p == 0) {
R = L;
L = 1;
}
now = lower;
while (now.next.L <= L)
now = now.next;
if (L > now.L) {
root[L] = split(root[now.L], L - now.L, P[now.L]);
now = now.next = new Range(L, now.next);
}
temp = now;
Node pq = null;
while (now.L <= R) {
if (now.next.L > R + 1)
root[R + 1] = split(root[now.L], R + 1 - now.L, P[R + 1] = P[now.L]);
pq = merge(pq, root[now.L]);
now = now.next;
}
if (now.L == R + 1)
temp.next = now;
else
temp.next = new Range(R + 1, now);
root[L] = pq;
P[L] = p;
}
StringBuilder ans = new StringBuilder();
while ((lower = lower.next).L <= n)
buildAns(ans, root[lower.L], 1, n, P[lower.L]);
System.out.println(ans);
}
Node split(Node tree, int k, int p) {
if (tree == null)
return null;
Node split = new Node(0);
if (p == 0) {
int K = K(tree.right);
if (k <= K) {
if (k != K)
split.right = split(tree.right, k, p);
split.left = tree.left;
tree.left = null;
} else
split.left = split(tree.left, k - K, p);
} else {
int K = K(tree.left);
if (k <= K) {
if (k != K)
split.left = split(tree.left, k, p);
split.right = tree.right;
tree.right = null;
} else
split.right = split(tree.right, k - K, p);
}
split.k = tree.k - k;
tree.k = k;
return split;
}
Node merge(Node tree1, Node tree2) {
if (tree1 == null)
return tree2;
if (tree2 != null) {
tree1.k += K(tree2);
tree1.left = merge(tree1.left, tree2.left);
tree1.right = merge(tree1.right, tree2.right);
}
return tree1;
}
Node build(int L, int R, int k) {
if (L == R)
return new Node(1);
Node node = new Node(1);
int mid = L + R >> 1;
if (k <= mid)
node.left = build(L, mid, k);
else
node.right = build(mid + 1, R, k);
return node;
}
void buildAns(StringBuilder builder, Node root, int L, int R, int p) {
if (root == null)
return;
if (L == R)
builder.append(L).append(' ');
else {
int mid = L + R >> 1;
if (p == 0) {
buildAns(builder, root.right, mid + 1, R, p);
buildAns(builder, root.left, L, mid, p);
} else {
buildAns(builder, root.left, L, mid, p);
buildAns(builder, root.right, mid + 1, R, p);
}
}
}
int K(Node node) {
return node == null ? 0 : node.k;
}
class Range {
int L;
Range next;
Range(int L) {
this(L, null);
}
Range(int L, Range next) {
this.L = L;
this.next = next;
}
}
class Node {
int k = 1;
Node left, right;
Node(int k) {
this.k = k;
}
}
class InputReader {
BufferedReader reader;
StringTokenizer token;
InputReader(InputStream in) {
this.reader = new BufferedReader(new InputStreamReader(in));
}
String read() {
while (token == null || !token.hasMoreTokens()) {
try {
token = new StringTokenizer(reader.readLine());
} catch (IOException e) {
e.printStackTrace();
}
}
return token.nextToken();
}
int readInt() {
return Integer.parseInt(this.read());
}
}
}十、试题J：括号序列
时间限制: 5.0s 内存限制: 512.0MB 本题总分：25 分
【问题描述】
给定一个括号序列，要求尽可能少地添加若干括号使得括号序列变得合法，当添加完成后，会产生不同的添加结果，请问有多少种本质不同的添加结果。两个结果是本质不同的是指存在某个位置一个结果是左括号，而另一个是右括号。
例如，对于括号序列 ((()，只需要添加两个括号就能让其合法，有以下几 种不同的添加结果：()()()、()(())、(())()、(()()) 和 ((()))。
【输入格式】输入一行包含一个字符串 s，表示给定的括号序列，序列中只有左括号和 右括号。
【输出格式】输出一个整数表示答案，答案可能很大，请输出答案除以 1000000007 (即10^9 + 7) 的余数。
【样例输入】 ((()
【样例输出】 5
【评测用例规模与约定】
对于 40% 的评测用例，|s| ≤ 200。
对于所有评测用例，1 ≤ |s| ≤ 5000。
解法一
【解析】：按照题目所说模拟过程即可。
package provincialGames_12_2021_1_JavaB;
import java.util.Scanner;
public class J10_括号序列 {
public static void main(String[] args) {
new J10_括号序列().run();
}
int mod = 1000000007;
void run() {
byte[] line = new byte[5555];
try {
int n = System.in.read(line, 1, 5050) - 1;
System.out.println(calc(line, n, false) * calc(line, n, true) % mod);
} catch (java.io.IOException e) {
e.fillInStackTrace();
}
}
long calc(byte[] str, int n, boolean turn) {
if (turn)
reverse(str, n);
int[][] dp = new int[n + 1][n + 2];
int opening = 0;
dp[0][0] = 1;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
if (str[i] == '(') {
for (int j = 1; j <= n; j++)
dp[i][j] = dp[i - 1][j - 1];
opening++;
} else {
dp[i][0] = (dp[i - 1][0] + dp[i - 1][1]) % mod;
for (int j = 1; j <= n; j++)
dp[i][j] = (dp[i][j - 1] + dp[i - 1][j + 1]) % mod;
if (opening > 0)
opening--;
}
}
return dp[n][opening];
}
void reverse(byte[] arr, int n) {
for (int i = 1, j = n; i <= j; i++, j--) {
byte temp = (byte) (arr[i] ^ 1);
arr[i] = (byte) (arr[j] ^ 1);
arr[j] = temp;
}
}
}小结
多看别人的笔记。